山東省濟(jì)寧市濟(jì)寧高新技術(shù)產(chǎn)業(yè)開發(fā)區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期1月期末質(zhì)量檢測物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.如圖，是某公園的噴泉示意圖。假設(shè)某一水珠從噴出到落回地面在同一豎直線上運(yùn)動，且運(yùn)動過程中水珠質(zhì)量不變，受到空氣阻力的大小與速度成正比。則關(guān)于該水珠在空中運(yùn)動的過程中，下列說法正確的是（）A.該水珠在落回地面前瞬間，重力的瞬時(shí)功率最小B.該水珠上升過程處于超重狀態(tài)，下落過程處于失重狀態(tài)C.上升過程所用時(shí)間小于下落過程所用時(shí)間D.上升過程克服空氣阻力做的功等于下落過程克服空氣阻力做的功【答案】C【解析】A．水珠重力的瞬時(shí)功率水珠在最高點(diǎn)時(shí)，速度是零，則重力的瞬時(shí)功率最小，A錯(cuò)誤；B．該水珠上升過程受重力與空氣阻力，兩力的合力方向豎直向下，由牛頓第二定律可知，水珠的加速度方向向下，處于失重狀態(tài)；下落過程水珠受重力與向上的空氣阻力，空氣阻力小于重力，兩力合力方向向下，加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；C．水珠上升過程受重力與空氣阻力方向相同，下落過程空氣阻力與重力方向相反，由牛頓第二定律可知，上升過程的加速度大于下落過程的加速度，水珠上升過程與下落過程的位移大小相等，可知上升過程所用時(shí)間小于下落過程所用時(shí)間，C正確；D．由題設(shè)條件可知，水珠受到空氣阻力的大小與速度成正比，上升過程所用時(shí)間小于下落過程所用時(shí)間，上升過程與下落過程的位移大小相等，則上升過程平均速度大小大于下落過程的平均速度大小，可知水珠上升過程受空氣阻力大小大于下落過程受空氣阻力大小，由功的計(jì)算公式可知，上升過程克服空氣阻力做的功大于下落過程克服空氣阻力做的功，D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，正立方體，上下底面的中心為O和，現(xiàn)將電量相等的四個(gè)點(diǎn)電荷分別固定在A、、C、處，其中，A和處為正電荷，C和處為負(fù)電荷，下列說法正確的是（）A.平面是一個(gè)等勢面B.O點(diǎn)與點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等、方向相同C.B點(diǎn)與點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等、方向相同D.將正試探電荷＋q由O點(diǎn)沿直線移動到點(diǎn)，其電勢能一直減小【答案】A【解析】A．等量異種點(diǎn)電荷的中垂面是等勢面，可知平面是一個(gè)等勢面，故A正確；BC．作出各點(diǎn)電荷在O點(diǎn)與點(diǎn)、B點(diǎn)與點(diǎn)的電場強(qiáng)度如圖：電場強(qiáng)度是矢量，其疊加遵循平行四邊形定則，可見在O點(diǎn)與點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相反、B點(diǎn)與點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向也相反，故BC錯(cuò)誤；D．平面一個(gè)等勢面，將正試探電荷＋q由O點(diǎn)沿直線移動到點(diǎn)，其電勢能不變，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖，跨過光滑定滑輪的輕繩一端系著鐵球（大小不可忽略，系繩延長線過球心）、一端連在水平臺上的玩具小車上，車牽引著繩使球沿光滑豎直墻面從較低處豎直上升。則在球勻速豎直上升且未離開墻面的過程中（）A.繩對球的拉力大小變小 B.墻面對球的支持力變小C.玩具小車做加速運(yùn)動 D.玩具小車做減速運(yùn)動【答案】D【解析】CD．設(shè)繩與豎直方向的夾角為，如圖所示將球的速度分解，可知沿繩方向的分速度（即繩子的速度）為因球勻速上滑過程中角將增大，所以將減小，故小車做減速運(yùn)動，故D正確，C錯(cuò)誤；AB．球受三力作用處于平衡狀態(tài)，設(shè)球重為G，則繩對球的拉力大小T、墻對球的支持力大小N分別為所以，隨的增大，T、N均增大，故AB錯(cuò)誤。故選D。4.如圖甲所示，直導(dǎo)線P、Q分別被兩根等長且平行的絕緣輕繩懸掛于水平軸上，且P固定于水平軸正下方，兩組繩長也相同，其截面圖如圖乙所示。導(dǎo)線Р通以垂直紙面向里的電流，導(dǎo)線Q電流方向未知，平衡時(shí)兩組絕緣輕繩之間的夾角為θ。已知Q的質(zhì)量為m，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.圖乙中導(dǎo)線Q中電流方向垂直紙面向里B.導(dǎo)線P、Q間的安培力大小為C.當(dāng)導(dǎo)線Р中電流突然消失的瞬間，導(dǎo)線Q受到兩繩的拉力大小之和為D.僅使導(dǎo)線Р中電流緩慢增大且θ不超過90°，導(dǎo)線Q對懸線的拉力大小保持不變【答案】D【解析】A．對Q進(jìn)行受力分析可知，P對Q的力為斥力，由安培定則和左手定則可知，則兩導(dǎo)線的電流方向相反，即導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)導(dǎo)線Q受到兩繩的拉力之和為T，導(dǎo)線P、Q間的安培力為F，對Q進(jìn)行受力分析，根據(jù)三角形定則，受力如下圖所示由于兩組繩長相同，則根據(jù)幾何知識可得故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)導(dǎo)線P中電流突然消失的瞬間，導(dǎo)線P、Q間的安培力消失，此時(shí)沿繩方向上的合力為零，則導(dǎo)線Q受到兩繩的拉力大小之和為，故C錯(cuò)誤；D．由上述分析可知，導(dǎo)線Q受到兩繩的拉力之和T始終為mg，與電流和角度無關(guān)，則導(dǎo)線Q對懸線的拉力大小不變，故D正確。故選D。5.在勻強(qiáng)磁場中放一電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌跟大線圈M相接，如圖所示。導(dǎo)軌上放一根導(dǎo)線ab，磁感線垂直于導(dǎo)軌所在平面。若使N線圈中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，ab導(dǎo)體棒的運(yùn)動可能是（）A.向右勻速運(yùn)動 B.向右加速運(yùn)動C.向左減速運(yùn)動 D.向左加速運(yùn)動【答案】D【解析】A．導(dǎo)線ab勻速向右運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)線ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流恒定不變，大線圈M產(chǎn)生的磁場恒定不變，穿過小線圈N中的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)線ab加速向右運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)線ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流增大，由右手定則判斷出ab電流方向由a→b，根據(jù)安培定則判斷可知：M產(chǎn)生的磁場方向：垂直紙面向里，穿過N的磁通量增大，由楞次定律判斷得知：線圈N產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)線ab減速向左運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)線ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流變小，由右手定則判斷出來ab電流方向由b→a，根據(jù)安培定則判斷可知：M產(chǎn)生的磁場方向：垂直紙面向外，穿過N的磁通量變小，由楞次定律判斷得知：線圈N產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．導(dǎo)線ab加速向左運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)線ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流增加，由右手定則判斷出來ab電流方向由b→a，根據(jù)安培定則判斷可知：M產(chǎn)生的磁場方向：垂直紙面向外，穿過N的磁通量增大，由楞次定律判斷得知：線圈N產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故D正確。故選D。6.2019年1月，我國嫦娥四號探測器成功在月球背面軟著陸，在探測器“奔向”月球的過程中，用h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關(guān)系的圖像是（）A.

B. C. D.【答案】D【解析】根據(jù)萬有引力定律可得可得h越大，F(xiàn)越小，且F與h不是線性關(guān)系，ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖甲為海門區(qū)中學(xué)生排球聯(lián)賽的某個(gè)場景，排球飛行過程可簡化為乙圖，運(yùn)動員某次將飛來的排球從a點(diǎn)水平擊出，球擊中b點(diǎn)；另一次將飛來的排球從a點(diǎn)的正下方且與b點(diǎn)等高的c點(diǎn)斜向上擊出，也擊中b點(diǎn)，排球運(yùn)動的最高點(diǎn)d，與a點(diǎn)的高度相同，不計(jì)空氣阻力，下列關(guān)于這兩個(gè)過程中說法正確的是（）A.排球在空中飛行的時(shí)間可能相等B.排球擊中b點(diǎn)時(shí)的速度可能相等C.排球被擊出時(shí)速度大小可能相等D.排球擊中b時(shí)速度與水平方向夾角可能相同【答案】C【解析】AC．由于從c處擊出的球能豎直到達(dá)d點(diǎn)，從d到地面豎直方向做自由落體運(yùn)動，根據(jù)豎直方向的運(yùn)動可知vya=vyb，tc=2ta由于水平方向的位移相同，根據(jù)v水＝可知va水＞vc水根據(jù)速度的合成可知，從a擊出的排球速度va0=va水從c擊出的排球的初速度故兩過程中，小球的初速度大小可能相等；故A錯(cuò)誤，C正確；B．排球擊中b點(diǎn)時(shí)，根據(jù)運(yùn)動的對稱性可知，c處擊出時(shí)的速度大小與擊中b點(diǎn)時(shí)速度大小相等，a球擊中b點(diǎn)時(shí)的速度由于va水＞vc水，故從a點(diǎn)擊出的排球擊中b點(diǎn)時(shí)的速度較大，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)排球擊中b時(shí)速度與水平方向夾角為θ兩種情況排球擊中b時(shí)vy相同，而v水不同，故速度與水平方向夾角不同。故D錯(cuò)誤。故選C。8.船只通行三峽大壩除了通過五級船閘“走樓梯”外，還可以通過升船機(jī)“坐電梯”快速過壩。三峽升船機(jī)過船規(guī)模為3000噸級，提升總重量約15500噸，最大提升高度為113米，是目前世界上規(guī)模最大、技術(shù)難度最高的垂直升船機(jī)。升船機(jī)工作原理簡化為用鋼繩提升承船箱，已知某次電動機(jī)將重2000噸的承船箱由靜止開始豎直向上勻加速提升，末達(dá)到額定功率，之后保持該功率繼續(xù)提升重物，末重物達(dá)到最大速度該過程中承船箱的圖像如圖所示，取重力加速度。則（）A.內(nèi)起重機(jī)的牽引力不變B.起重機(jī)的額定功率C.重物的最大速度D.內(nèi)承重箱克服重力做功【答案】B【解析】A．內(nèi)起重機(jī)的功率不變，由圖可知速度增大，由可知牽引力減小，故A錯(cuò)誤；B．起重機(jī)勻加速運(yùn)動的加速度由牛頓第二定律得解得起重機(jī)勻加速運(yùn)動過程的牽引力末起重機(jī)的速度為末達(dá)到額定功率故B正確；C．由，解得重物的最大速度故C錯(cuò)誤；D．內(nèi)承重箱上升的高度內(nèi)承重箱克服重力做功故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.圖為模擬遠(yuǎn)距離輸電的部分測試電路．a(chǎn)、b端接電壓穩(wěn)定的正弦交變電源，定值電阻阻值分別為R1、R2，且R1<R2，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為k且k<1，電流表、電壓表均為理想表，其示數(shù)分別用I和U表示．當(dāng)向下調(diào)節(jié)滑動變阻器R3的滑動端P時(shí)，電流表、電壓表示數(shù)變化分別用△I和△U表示．則以下說法正確的是A. B.C.電源的輸出功率一定減小 D.電壓表示數(shù)一定增加【答案】BCD【解析】A、因，故A錯(cuò)；B、根據(jù)變壓器的原理，，解得：，，在原線圈電路中，,即，整理得：,根據(jù)幾何關(guān)系可知，故B對；C、當(dāng)向下調(diào)節(jié)滑動變阻器R3的滑動端P時(shí)，負(fù)載電阻變大，電源電壓不變，電流減小，故電源輸出功率減小，C對；D、當(dāng)向下調(diào)節(jié)滑動變阻器R3的滑動端P時(shí)，負(fù)載電阻變大，則回路中電流變小，則原線圈電流也減小，那么電阻上的電壓減小，電源電壓不變，所以原線圈的電壓變大，根據(jù)匝數(shù)比可知副線圈的電壓也變大，故D對；10.質(zhì)量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運(yùn)動，A球的動量是7kg·m/s，B球的動量是5kg·m/s，當(dāng)A球追上B球發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能值是()A.pA＝－2kg·m/s，pB＝14kg·m/sB.pA＝－4kg·m/s，pB＝16kg·m/sC.pA＝6kg·m/s，pB＝6kg·m/sD.pA＝5kg·m/s，pB＝7kg·m/s【答案】CD【解析】A、B碰撞過程動量守恒，碰撞過程系統(tǒng)機(jī)械能不增加，碰撞兩球不可能再發(fā)生二次碰撞，碰后后面小球的速度不大于前面小球的速度，據(jù)此分析答題．碰撞前系統(tǒng)總動量，由題意，設(shè)，碰前總動能為：；若，系統(tǒng)動量守恒，碰撞后的總動能：，不可能，A錯(cuò)誤；若，碰撞后的總動能：，不可能，B錯(cuò)誤；若，系統(tǒng)動量守恒，碰撞后的總動能，是可能的，C正確；若，系統(tǒng)動量守恒，碰撞后的總動能，是可能的，D正確．【點(diǎn)睛】對于碰撞過程要遵守三大規(guī)律：1、是動量守恒定律；2、總動能不增加；3、符合物體的實(shí)際運(yùn)動情況．11.一個(gè)質(zhì)點(diǎn)從靜止開始做直線運(yùn)動，內(nèi)做加速運(yùn)動，加速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，則在內(nèi)，下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)受到的合外力越來越大B.質(zhì)點(diǎn)的速度變化越來越快C.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度大小為D.質(zhì)點(diǎn)的平均速度大于【答案】AB【解析】AB．由圖像可知，加速度越來越大，則質(zhì)點(diǎn)的速度變化越來越快，根據(jù)牛頓第二定律可知質(zhì)點(diǎn)受到的合外力越來越大，故AB正確；CD．根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示速度變化量，且初速度為0，可知時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度大小為由于質(zhì)點(diǎn)做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動，則圖像如圖所示則在內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度應(yīng)滿足故CD錯(cuò)誤。故選AB。12.如圖所示，足夠長的光滑平行金屬軌道、及、固定在水平面上，間距分別為、，兩段軌道在、處連接，水平軌道處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。四分之一圓弧軌道、在左端與水平軌道平滑相連，圓弧下端分別在、點(diǎn)與水平軌道相切。質(zhì)量為、電阻為、長度為的金屬棒靜止放置在窄軌道上，現(xiàn)將質(zhì)量為、電阻為、長度為的金屬棒從圓弧軌道上高為處由靜止釋放，運(yùn)動過程中兩個(gè)金屬棒始終與金屬軌道垂直并接觸良好，不計(jì)其他電阻及空氣阻力，重力加速度為，則下列說法正確的是（）A.金屬棒中的最大電流為B.整個(gè)過程中通過金屬棒的電荷量為C.整個(gè)過程中金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱為D.兩金屬棒、相距最近時(shí)的速度之比為【答案】AB【解析】A．金屬棒滑下來剛進(jìn)入磁場時(shí)，速度最大，感應(yīng)電動勢最大，金屬棒中的電流最大，設(shè)金屬棒剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為，此時(shí)回路中的感應(yīng)電動勢為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得則最大感應(yīng)電動勢為最大電流故A正確；B．金屬棒進(jìn)入水平軌道后在安培力作用下做減速運(yùn)動，金屬棒做加速運(yùn)動，直到兩金屬棒產(chǎn)生的電動勢等大、反向，回路中的電流為零，最終兩金屬棒都做勻速運(yùn)動，設(shè)兩金屬棒勻速運(yùn)動時(shí)的速度大小分別為、，達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)的過程中通過兩金屬棒的電荷量為，則有可得根據(jù)動量定理，對金屬棒、分別有，，解得故B正確；C．由能量守恒定律可得，回路產(chǎn)生的總焦耳熱為則金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱為故C錯(cuò)誤；D．由牛頓第二定律可得因通過兩金屬棒的電流始終相等，根據(jù)兩金屬棒的長度、質(zhì)量關(guān)系可知，兩金屬棒的加速度大小始終相等，運(yùn)動過程中的圖像如圖所示兩圖線關(guān)于中間虛線對稱，顯然兩圖線的交點(diǎn)的縱坐標(biāo)為，而兩金屬棒速度大小相等時(shí)距離最近，所以兩金屬棒距離最近時(shí)兩金屬棒的速度大小都為，故D錯(cuò)誤。故選AB。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.在“金屬電阻率的測量”的實(shí)驗(yàn)中，提供的電源是一節(jié)內(nèi)阻可不計(jì)的干電池，待測金屬絲的阻值約為3，使用的電壓表有0~3V（內(nèi)阻約為3），電流表有0~0.6A（內(nèi)阻約為0.1），供限流用的滑動變阻器有：A．0~10；B．0~100；C．0~1500三種，可供選擇的實(shí)驗(yàn)電路有如圖所示的甲、乙兩種。用螺旋測微器測金屬絲的直徑如圖丙所示，則：（1）螺旋測微器示數(shù)是___________mm。（2）為減小測量電阻的誤差，應(yīng)選用___________圖所示的電路。（3）為了便于調(diào)節(jié)，應(yīng)選用編號為___________的滑動變阻器。【答案】（1）0.804##0.805##0.806##0.807##0.808（2）乙（3）A【解析】（1）[1]螺旋測微器的讀數(shù)為d=05mm＋30.5×0.01mm=0.805mm（2）[2]由于待測電阻滿足電流表應(yīng)用外接法，所以應(yīng)選用乙圖所示的電路；（3）[3]由于待測電阻阻值為3Ω，所以變阻器采用限流式接法時(shí)，應(yīng)選擇與待測電阻接近的最大阻值為10Ω變阻器，故選A。14.某興趣小組利用輕彈簧與刻度尺設(shè)計(jì)了一款加速度測量儀，如圖甲所示。輕彈簧的右端固定，左端與一小車固定，小車與測量儀底板之間的摩擦阻力可忽略不計(jì)。在小車上固定一指針，裝置靜止時(shí)，小車的指針恰好指在刻度尺正中間，圖中刻度尺是按一定比例的縮小圖，其中每一小格代表的長度為0.1cm。某次測量小車所在位置如圖乙所示，此時(shí)彈簧的彈力大小為1.5N。重力加速度g取。（1）根據(jù)題意可知，彈簧的勁度系數(shù)k=______N/m。（保留兩位有效數(shù)字）（2）小組成員用彈簧測力計(jì)測定小車的重力，讀數(shù)如圖丙所示。通過計(jì)算，該加速度測量儀的最大值為______。（保留三位有效數(shù)字）（3）加速度測量儀制作完成后，將刻度尺不同刻度對應(yīng)的加速度大小標(biāo)在尺上。測量某次運(yùn)動過程中，觀察到指針由讀數(shù)較大的位置逐漸變小到讀數(shù)幾乎為0。則在這段時(shí)間內(nèi)該運(yùn)動可能為______。A.加速度減小的減速直線運(yùn)動 B.加速度增加的減速直線運(yùn)動C.加速度減小的加速直線運(yùn)動 D.加速度增加的加速直線運(yùn)動【答案】（1）（2）（3）C【解析】【小問1詳解】根據(jù)題意，彈簧彈力為1.5N時(shí)彈簧的壓縮量為由胡克定律，可知彈簧勁度系數(shù)為【小問2詳解】由圖乙由題意可知，彈簧形變量最大為對應(yīng)加速度測量計(jì)的最大值，此時(shí)彈簧彈力最大，為由圖丙可知小車的重力由牛頓第二定律得最大加速度為【小問3詳解】指針讀數(shù)減小表示小車加速度減小，由于小車的運(yùn)動可以看作簡諧運(yùn)動，故可以判斷出小車做加速度減小的加速運(yùn)動，靠近平衡位置。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。15.圖甲為某運(yùn)動員蛙泳時(shí)蹬腿加速及慣性前進(jìn)的示意圖，這兩個(gè)過程簡化為水平方向的勻變速運(yùn)動，其速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示。求該運(yùn)動員：（1）蹬腿加速和慣性前進(jìn)時(shí)的加速度大小之比。（2）在內(nèi)的平均速度的大小?！敬鸢浮浚?）6:1（2）1.65m/s【解析】【小問1詳解】令圖乙中，，，，，則蹬腿加速的加速度大小慣性前進(jìn)的加速度大小解得【小問2詳解】解法一：蹬腿加速的位移慣性前進(jìn)的位移則內(nèi)的平均速度解法二：蹬腿加速的位移慣性前進(jìn)的位移則內(nèi)的平均速度解法三：蹬腿加速的位移慣性前進(jìn)的位移則內(nèi)的平均速度16.如圖，滑雪運(yùn)動員在傾角為37°的斜坡滑道上進(jìn)行訓(xùn)練，滑道與水平地面平滑連接。采用風(fēng)洞吹出的風(fēng)幫助運(yùn)動員在整個(gè)運(yùn)動過程中調(diào)整姿態(tài)。運(yùn)動員受到的風(fēng)力水平且大小和運(yùn)動員與風(fēng)的相對速率成正比。該運(yùn)動員由靜止起沿斜坡滑道下滑，接近斜坡底端時(shí)勻速下滑，速度大小為25m/s。進(jìn)入水平地面后繼續(xù)滑行50m停下。已知運(yùn)動員質(zhì)量為55kg，運(yùn)動員與斜坡，水平地面間的動摩擦因數(shù)約為0.3，重力加速度g取。求：（1）運(yùn)動員在斜坡上勻速下滑時(shí)受到的水平風(fēng)力大?。唬?）運(yùn)動員在水平地面上滑動過程中水平風(fēng)力對運(yùn)動員做的功?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）以運(yùn)動員為研究對象，運(yùn)動員在斜坡上勻速下滑時(shí)的受力分析如圖所示勻速下滑時(shí)運(yùn)動員與風(fēng)的相對速率不變，所以受到的風(fēng)力不變。沿斜面方向垂直斜面方向又聯(lián)立可得代入數(shù)據(jù)解得（2）運(yùn)動員在水平地面上滑動時(shí)速率減小，風(fēng)力為變力，根據(jù)動能定理可得其中聯(lián)立解得代入數(shù)據(jù)解得17.如圖所示，直角坐標(biāo)系的第一象限存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，在第二象限內(nèi)在處固定一個(gè)平行軸且足夠長的擋板，且在第二象限中存在垂直平面向外的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出）。在處有一粒子源，能沿軸負(fù)方向以的速度發(fā)射質(zhì)量為、電荷量為的粒子，粒子經(jīng)過電場偏轉(zhuǎn)后通過的點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，忽略粒子間的相互作用，不計(jì)粒子重力。（1）求電場強(qiáng)度的大??；（2）求粒子進(jìn)入磁場的速度大小和方向；（3）要使粒子不打到板上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值范圍?！敬鸢浮浚?）