高級中學名校試卷PAGE答案第=1頁，共=sectionpages22頁PAGE12025屆高考物理考前沖刺卷（廣東卷）本試卷共6頁，15小題，滿分100分?？荚囉脮r75分鐘。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．利用放射性元素發(fā)生衰變以及的半衰期，考古學家們可以確定文物的年代，則下列說法正確的是（）A．衰變方程為B．衰變產(chǎn)物的核子數(shù)是7C．衰變的實質(zhì)是碳原子失去核外電子D．一個半衰期后，剩下的為原來的2．如圖甲為水晶透明“平安扣”由同材質(zhì)同心環(huán)形材料組成，將“平安扣”平放在水平桌面上，過環(huán)心的橫截面如圖乙所示，外環(huán)的半徑為R。細光束從P點射入“平安扣”時，經(jīng)一次折射后，恰好在內(nèi)環(huán)上發(fā)生全發(fā)射，且從外環(huán)上第一次的射出點為Q（圖中未畫出），并測得圓心角POQ為2θ，已知光在真空中的傳播速度為c，水晶的折射率為n。細光在“平安扣”中由P點入射到Q點出射所經(jīng)歷的時間為（）A． B． C． D．3．某住宅小區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成，發(fā)電機中矩形線圈電阻不計，它可繞軸OO′在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動。降壓變壓器副線圈上的滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓，R0表示從用戶端輸電線電阻。下列判斷正確的是（）A．當用戶用電器增加時，為使用戶電壓保持不變，滑動觸頭P應(yīng)向下滑動B．當用戶用電器減少，其他條件不變時，原線圈兩端電壓也減小C．若發(fā)電機線圈某時刻處于圖示位置，變壓器原線圈的電壓瞬時值最大D．若發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速減為原來的一半，用戶獲得的交變電流頻率保持不變4．如圖是一邊長為L的正方形金屬框放在光滑水平面上的俯視圖，虛線右側(cè)存在豎直向上的勻強磁場。t=0時刻，金屬框在水平拉力F作用下從圖示位置由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度進入磁場。則金屬框進入磁場過程中，拉力F、金屬框中電量q隨時間t、位移x的變化關(guān)系可能正確的是（）A．B．C．D．5．B超成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組超聲波，反射波信號由計算機處理形成B超圖像。如圖所示為t=0時探頭沿x軸正方向在血管內(nèi)發(fā)射的簡諧超聲波圖像，M、N是這列超聲波上兩個質(zhì)點，已知超聲波頻率為，則下列說法正確的是（）A．該超聲波的周期為B．超聲波在血管中傳播速度為2400m/sC．質(zhì)點N此時振動方向沿y軸正方向D．經(jīng)一個周期，質(zhì)點N到達M所在位置6．如圖甲，轆轤是古代民間提水設(shè)施。如圖乙為轆轤的工作原理簡化圖，某次需從井中汲取的水，轆轤繞繩輪軸半徑為，水斗的質(zhì)量為，井足夠深且井繩的質(zhì)量忽略不計。時刻，輪軸由靜止開始繞中心軸轉(zhuǎn)動，其角速度隨時間變化規(guī)律如圖丙所示，取，則（）A．井繩拉力隨時間均勻增大B．水斗速度隨時間變化的規(guī)律為C．內(nèi)水斗上升的高度為D．內(nèi)井繩拉力所做的功為7．甲、乙兩個小燈籠用輕繩連接，懸掛在空中，在相同的水平風力作用下發(fā)生傾斜，穩(wěn)定時與豎直方向的夾角分別為α、θ，如圖所示，已知甲的質(zhì)量為2m、乙的質(zhì)量為m，下列關(guān)系式正確的是（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8．如圖所示，在直角坐標系xOy平面內(nèi)，第一象限中存在垂直紙面向里的勻強磁場Ⅰ，第二象限中存在垂直紙面向外的勻強磁場Ⅱ，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小相等。一帶電粒子從x軸上P點垂直x軸進入磁場Ⅰ，速度大小為v，經(jīng)過一段時間后剛好從O點離開磁場Ⅰ。若要求該粒子仍從P點垂直x軸進入磁場Ⅰ但不從x軸離開磁場Ⅱ，不計粒子重力。則粒子速度的大小可能為（）A． B． C． D．2v9．如圖（甲）所示，質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下，如此反復。通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t變化的圖像如圖（乙）所示，則（）A．t2時刻小球加速度方向向下B．t2~t3時間內(nèi)，小球加速度先減小后增大C．t1~t2時間內(nèi)，小球的機械能一直增加D．t1~t2時間內(nèi)，小球的動能先增加后減少10．某人造衛(wèi)星繞地球運動，所受地球引力隨時間變化如圖所示，假設(shè)衛(wèi)星只受地球引力，下列說法正確的是（）A．衛(wèi)星的周期為B．衛(wèi)星繞地球運行時機械能守恒C．衛(wèi)星在近地點與遠地點的速度之比為D．衛(wèi)星在近地點與遠地點的加速度之比為三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．樂山某?？萍忌鐖F學生以圖1所示的電路圖組裝了一個簡易多用電表。圖中E是電動勢1.5V的電池；R1、R2、R3、R4和R5是定值電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為360Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，分別為歐姆×100Ω擋，直流電壓1V擋和5V擋，直流電流2.5mA擋，還有1個具體數(shù)值未知的直流電流擋位。(1)圖1中的B端與（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。(2)某次測量時該多用電表指針位置如圖2所示。若此時B端是與“5”相連的，則多用電表讀數(shù)為；(3)已知歐姆擋刻度“15”為該表頭電流偏轉(zhuǎn)一半的位置，由此可知該多用電表未知直流電流擋是mA；(4)由直流電流擋可以得出R1=Ω，R2=Ω(5)調(diào)零后，用該多用電表測某量程為3V的電壓表內(nèi)阻時，電壓表指針指到1.0V的位置，那可以推算出歐姆表指針應(yīng)指到（選填5，10，15，20，30，40，50）刻度處。12．某實驗小組設(shè)計如圖甲所示裝置來測量輕質(zhì)彈簧的勁度系數(shù)k。該彈簧左端固定在豎直擋板上，右端放置一個質(zhì)量為4.5g的小球（恰在A點，且與彈簧不拴接），水平軌道B處裝有光電門（未畫出）。已知彈簧的彈性勢能表達式為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），小球球心與光電門的中心在同一高度，小球與水平軌道間的摩擦力及空氣阻力忽略不計。（1）用螺旋測微器測小球的直徑，如圖乙所示，則小球的直徑mm。（2）將小球從A點向左壓縮彈簧至某位置后由靜止釋放，小球被彈出，記下彈簧的形變量x和小球通過光電門的時間t，則小球彈出時速度大?。ㄓ肈、t表示）。（3）改變小球釋放的初始位置，多次實驗，得到多組彈簧形變量x和小球通過光電門的時間t。（4）根據(jù)測量數(shù)據(jù)繪制出關(guān)系圖線，如圖丙所示，則彈簧勁度系數(shù)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（5）若小球球心與光電門的中心沒有調(diào)到同一水平高度，仍按上述方法測量，則彈簧勁度系數(shù)k的測量值與真實值相比（選填“偏大”、“偏小”或“相等”）。13．理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，原線圈接在電壓峰值為的正弦交變電源上，副線圈的回路中接有阻值為R的電熱絲，電熱絲密封在絕熱固定容器內(nèi)，容器內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的理想氣體，接通電路開始加熱，加熱前氣體溫度為。(1)求變壓器的輸出功率P；(2)已知該容器內(nèi)的氣體吸收的熱量Q與其溫度變化量成正比，即，其中C已知。若電熱絲產(chǎn)生的熱量全部被氣體吸收，要使容器內(nèi)的氣體壓強達到加熱前的2倍，求電熱絲的通電時間t。14．在冰壺比賽中，所用的冰壺除顏色外其他完全相同。如圖甲所示，紅壺在水平冰面上以一定的速度與靜止在大本營中心的藍壺發(fā)生對心碰撞，碰撞時間極短。碰后，運動員用毛刷去擦藍壺運動前方的冰面來減小阻力。碰撞前后兩壺運動的速度v隨時間t變化的關(guān)系如圖乙中實線所示。已知紅壺、藍壺質(zhì)量均為20kg，重力加速度g取。求：（1）碰撞后藍壺運動的時間；（2）碰撞后藍壺與冰面間的動摩擦因數(shù)；（3）兩冰壺在碰撞過程中損失的機械能。15．如圖所示，在直角坐標系xoy的第四象限內(nèi)有半徑為R的圓形勻強磁場區(qū)域，圓心坐標為，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里。第一象限有邊長為2R的正方形區(qū)域obcd內(nèi)，在、間有沿y軸正方向的電場E，其大小未知且僅隨x變化；邊長也為2R的正方形區(qū)域cdef內(nèi)有沿x軸負方向大小為的勻強電場。點處的離子源在某時刻同時均勻地向y軸右側(cè)某范圍內(nèi)，發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）相同速率的同種離子，通過磁場區(qū)域后所有離子均從P、Q間垂直x軸進入第一象限。不計重力和離子間相互作用力。

(1)求離子的發(fā)射速率；(2)求離子從a點出發(fā)分別到達P、Q兩點所用的時間差；(3)要使離子全部打在e點，求PQ間的電場強度E隨x變化的規(guī)律?！飬⒖即鸢浮铩?．D【詳析】A．衰變方程為故A錯誤；B．衰變產(chǎn)物的質(zhì)子數(shù)是7個，故B錯誤；C．衰變的實質(zhì)是將一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，并放出一個電子，故C錯誤；D．一個半衰期后，剩下的為原來的，故D正確。故選D。2．A【詳析】作出光在水晶中的光路如圖所示設(shè)P點到內(nèi)表面發(fā)生全發(fā)射的點距離為l，根據(jù)圖中幾何關(guān)系和正弦定理有光在內(nèi)環(huán)上剛好發(fā)生全反射，則由對稱性可知，光從P點射入到從Q點射出的時間為又光在水晶中的傳播速度聯(lián)立解得故選A。3．A【詳析】A．當用戶數(shù)目增多時，負載電阻減小，副線圈輸出電流增大，輸電線上的電壓損失變大，用戶得到的電壓變小，為使用戶電壓不變，應(yīng)增加副線圈的匝數(shù)，提高輸出電壓，所以滑動觸頭P應(yīng)向下滑動，故A正確；B．由于原線圈兩端的電壓由發(fā)電機決定，所以當用戶用電器減少，其他條件不變時，原線圈兩端電壓不變，故B錯誤；C．圖示位置線圈的磁通量最大，穿過線圈磁通量的變化率為零，感應(yīng)電動勢為零，故C錯誤；D．若發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速減為原來的一半，根據(jù)可知，交流電的頻率將減為原來的一半，變壓器不改變交流電的頻率，所以用戶獲得的交變電流頻率減為原來的一半，故D錯誤。故選A。4．C【詳析】A．因t時刻的速度v=at則感應(yīng)電動勢E=BLat感應(yīng)電流安培力由牛頓第二定律可得可知F-t圖像為直線，選項A錯誤；BD．金屬框中電量可知q-x圖像為過原點的直線；q-t圖像為過原點開口向上的拋物線，選項BD錯誤；C．因經(jīng)過x的速度則感應(yīng)電流安培力由牛頓第二定律可得可知F-x圖像為不過原點的曲線，選項C正確。故選C。5．C【詳析】AB．該超聲波的周期為由題圖可知波長為則超聲波在血管中傳播速度為故AB錯誤；C．波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法可知，質(zhì)點N此時振動方向沿y軸正方向，故C正確；D．質(zhì)點N只在其平衡位置上下振動，不會隨波的傳播方向遷移，故D錯誤。故選C。6．C【詳析】AB．根據(jù)圖乙有由于解得可知，水斗向上做勻加速直線運動，加速度根據(jù)牛頓第二定律可知井繩拉力保持不變，故AB錯誤；C．0~10s內(nèi)水斗上升的高度故C錯誤；D．0~10s內(nèi)井繩拉力所做的功為聯(lián)立解得故D錯誤。故選C。7．A【詳析】設(shè)每個燈籠受到的水平風力為F，對乙分析對甲、乙整體分析則故選A。8．CD【詳析】設(shè)P點到O點的距離為d，粒子剛好從O點離開磁場Ⅰ，粒子運動軌跡如圖中軌跡1幾何關(guān)系可知因為聯(lián)立解得若要求該粒子仍從P點垂直x軸出發(fā)但不從x軸離開磁場Ⅱ，粒子運動軌跡如圖中軌跡2，由幾何關(guān)系可知θ=30°，則可得因為可得速度的最小值為綜合可知CD選項符合題意。故選CD。9．BD【詳析】A．由圖可知，t2時刻彈簧彈力達到最大，小球?qū)椈蓧嚎s到最低點，此時小球加速度方向向上，故A錯誤；B．t2~t3這段時間內(nèi)，小球從最低點豎直向上運動，根據(jù)牛頓第二定律有由于彈力減小，所以加速度向上減小，速度增大，彈力等于重力時，加速度為零，速度達到最大，之后根據(jù)牛頓第二定律有彈力減小，加速度向下增大，速度減小，故B正確；C．t1~t2時間內(nèi)，小球接觸彈簧并將彈簧壓縮到最短，該過程小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，彈簧的彈性勢能不斷增大，小球的機械能一直減小，故C錯誤；D．t1~t2時間內(nèi)，小球的加速度先向下后向上，則小球的速度先增大后減小，動能先增加后減少，故D正確。故選BD。10．BD【詳析】A．由圖可知，衛(wèi)星的周期為，選項A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球運行時，只有地球引力做功，則機械能守恒，選項B正確；C．衛(wèi)星在近點時遠點時可知根據(jù)開普勒第二定律，衛(wèi)星在近地點與遠地點時可知近地點與遠地點的速度之比為選項C錯誤；D．根據(jù)，可知衛(wèi)星在近地點與遠地點的加速度之比為，選項D正確。故選BD。11．(1)紅(2)2.90V(3)1.0(4)4872(5)30【詳析】（1）根據(jù)歐姆表原理可知，內(nèi)部電源的正極應(yīng)接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流“紅進黑出”，則圖1中的A端與黑表筆相連接，則B端與紅表筆相連接。（2）若此時B端是與“5”相連，多用電表為直流電壓5V擋。由圖2可知，表盤的分度值為0.1V，多用電表讀數(shù)為2.90V。（3）已知歐姆擋刻度“15”為該表頭電流偏轉(zhuǎn)一半的位置，歐姆表的中值電阻等于其內(nèi)阻，所以該歐姆表的內(nèi)阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律（4）當與“2”相連I2=1.0mA，由歐姆定律有當與“1”相連I1=2.5mA，由歐姆定律有聯(lián)立解得R1=48Ω，R2=72Ω（5）已知電壓表的量程為3V，指針指到1.0V的位置，說明此時電壓表兩端電壓U=1.0V。設(shè)電壓表內(nèi)阻為RV，根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理，有解得歐姆表的計數(shù)為所以歐姆表指針應(yīng)指到30刻度處。12．（1）10.294/10.295/10.296（2）（3）56（5）偏大【詳析】（1）[1]用螺旋測微器測小球的直徑D=10mm+0.01mm×29.5=10.295mm（2）[2]小球彈出時速度大?。?）[3]由能量關(guān)系即由圖像可知解得k=56N/m（5）[4]若小球球心與光電門的中心沒有調(diào)到同一水平高度，則遮光時間偏小，測得的速度v偏大，圖像斜率偏大，則仍按上述方法測量，則彈簧勁度系數(shù)k的測量值與真實值相比偏大。13．(1)(2)【詳析】（1）由原線圈正弦交流電的峰值可知變壓器輸入電壓有效值為設(shè)變壓器副線圈的輸出電壓為，根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)之間的關(guān)系有聯(lián)立