高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年高考適應(yīng)性測試物理注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、考生號(hào)、座號(hào)填寫在相應(yīng)位置。2．選擇題答案必須用鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必須用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號(hào)在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.處于激發(fā)態(tài)的汞原子可輻射出波長為的靛光和波長為的黃光，靛光可以使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，但不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)。下列說法正確的是（）A.黃光比靛光的光子能量大B.黃光可能使兩種金屬都發(fā)生光電效應(yīng)C.在同一介質(zhì)中靛光比黃光的傳播速度大D.金屬的截止頻率小于金屬的截止頻率【答案】D【解析】A．由題意可知黃光的波長大于靛光的波長，根據(jù)可知，黃光的頻率小于靛光的頻率，根據(jù)可知，黃光比靛光的光子能量小，故A錯(cuò)誤；BD．靛光可以使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，但不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，可知金屬的截止頻率小于金屬的截止頻率；由于黃光比靛光的光子能量小，則黃光一定不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯(cuò)誤，故D正確；C．由于黃光的頻率小于靛光的頻率，則同一介質(zhì)中黃光的折射率小于靛光的折射率，根據(jù)可知，在同一介質(zhì)中靛光比黃光的傳播速度小，故C錯(cuò)誤。故選D。2.一物體從斜面底端滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)速度的平方（）與位移（x）關(guān)系圖像如圖所示，重力加速度，下列說法正確的是（）A.斜面的傾角為B.物體沿斜面下滑時(shí)加速度大小為C.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25D.物體沿斜面向上滑行的最大高度為【答案】C【解析】ABC．設(shè)斜面傾角為，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，上滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得解得上滑時(shí)的加速度大小為下滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得解得下滑時(shí)的加速度大小為根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，解得題圖圖像可得，聯(lián)立解得，，，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．物體沿斜面向上滑行的最大高度為故D錯(cuò)誤。故選C。3.一個(gè)機(jī)器人直立時(shí)線束對(duì)頭部的拉力為0，做后仰動(dòng)作時(shí)，線束對(duì)頭部的拉力與水平方向夾角為，脖頸受到的壓力與水平方向夾角為，簡化模型如圖所示。不計(jì)脖頸與頭部間的摩擦，則后仰時(shí)脖頸受到的壓力與直立時(shí)脖頸受到壓力之比為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】設(shè)頭部重力mg，后仰時(shí)對(duì)頭部受力分析由平衡可知水平方向豎直方向解得直立時(shí)脖頸受到壓力大小解得故選B。4.“天問一號(hào)”探測器在火星上首次留下中國印跡，首次實(shí)現(xiàn)通過一次任務(wù)完成火星環(huán)繞、著陸和巡視三大目標(biāo)。在著陸火星前，探測器將在距火星表面高度為的軌道上繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為，已知火星的半徑為，忽略火星的自轉(zhuǎn)及其他天體對(duì)探測器的引力作用，則在火星上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】設(shè)火星的質(zhì)量為M，探測器的質(zhì)量為m，對(duì)探測器而言，萬有引力提供向心力，則有在火星表面的物體，萬有引力提供向心力，則有聯(lián)立解得故選B。5.如圖所示，在水平地面上勻速向左行駛的小車內(nèi)用細(xì)繩、系住一個(gè)小球，繩處于斜向上的方向，拉力大小為，繩處于水平方向，拉力大小為。小車前方出現(xiàn)障礙物，小車剎車，小球相對(duì)于車廂的位置仍保持不變，細(xì)繩a、b的拉力大小分別為和。下列關(guān)系正確的是（）A.，B.，C.，D.，【答案】A【解析】設(shè)小球的質(zhì)量為，細(xì)繩與豎直方向的夾角為，小車向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，以小球?yàn)閷?duì)象，根據(jù)平衡條件可得，可得，小車剎車，加速度方向水平向右，以小球?yàn)閷?duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得可得綜上分析可得，故選A。6.2025年4月11日成功發(fā)射通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星十七號(hào)。運(yùn)載火箭點(diǎn)火時(shí)向下噴氣，會(huì)對(duì)地面產(chǎn)生沖力。假設(shè)火箭剛離開地面時(shí)豎直向上速度大小為，火箭噴氣口的橫截面積大小為，噴出氣體相對(duì)于火箭的速度大小為，氣體垂直射向地面后，豎直速度變?yōu)榱?，已知?dú)怏w的密度為，重力加速度大小為，忽略氣體自身重力，。則氣體對(duì)地面的平均沖力大小是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】題意可知?dú)怏w對(duì)地的速度為設(shè)時(shí)間內(nèi)有質(zhì)量的氣體射向地面，地面對(duì)氣體平均沖力大小為F，規(guī)定向下為正方向，由動(dòng)量定理有因?yàn)槁?lián)立解得根據(jù)牛頓第三定律可知，氣體對(duì)地面的平均沖力大小是。故選D。7.寶石外觀光彩奪目，部分原因是由于其特殊成品形狀可發(fā)生多種光學(xué)效應(yīng)。某寶石的剖面如圖所示，單色光從點(diǎn)垂直邊入射，在邊的中點(diǎn)處恰好發(fā)生全反射，已知，不考慮多次反射，光在真空中傳播的速度大小為。則單色光在該透明介質(zhì)中的傳播時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】幾何關(guān)系可知光臨界角為，則折射率則光在介質(zhì)中的速度分析易得光垂直于CD射出，如圖光在該透明介質(zhì)中的傳播距離幾何關(guān)系可知?jiǎng)t單色光在該透明介質(zhì)中的傳播時(shí)間聯(lián)立解得故選A。8.如圖所示，半徑為的四分之三光滑圓軌道被固定在豎直面內(nèi)，為圓心，是豎直直徑。一質(zhì)量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在最高點(diǎn)，受到輕微的擾動(dòng)從點(diǎn)沿軌道下滑，到達(dá)點(diǎn)時(shí)剛好脫離軌道，最后落到水平面，重力加速度為，不計(jì)空氣阻力。則小球剛到達(dá)水平面時(shí)重力瞬時(shí)功率為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】把小球在C點(diǎn)的重力分別沿著OC和垂直O(jiān)C分解，小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，支持力剛好等于0，重力沿著OC方向的分力充當(dāng)向心力，設(shè)OB與OC夾角為，由向心力公式可得小球從B到C，由機(jī)械能守恒可得聯(lián)立解得小球從C點(diǎn)到地面做斜拋運(yùn)動(dòng)，則豎直方向有則小球剛到達(dá)水平面時(shí)重力瞬時(shí)功率為聯(lián)立解得故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，豎直線是等量異種點(diǎn)電荷和的連線的中垂線，交點(diǎn)為a，點(diǎn)b、c、d位置如圖，其中點(diǎn)a、b、c處于同一個(gè)金屬球殼內(nèi)。下列說法正確的是（）A.b、c、d三點(diǎn)的電勢的大小關(guān)系是B.b、c、d三點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小關(guān)系是C.金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系是D.金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、c兩點(diǎn)場強(qiáng)方向水平向右，在b點(diǎn)場強(qiáng)方向豎直向上【答案】AC【解析】A．處于靜電平衡時(shí)，球殼內(nèi)各點(diǎn)場強(qiáng)處處為零，電勢處處相等，可知因d點(diǎn)距離負(fù)電荷較近，可知電勢較低，則b、c、d三點(diǎn)的電勢的大小關(guān)系是選項(xiàng)A正確；B．球殼內(nèi)bc兩點(diǎn)場強(qiáng)相等且為零，則b、c、d三點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小關(guān)系是選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．若無金屬殼時(shí)，a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系是放上金屬球殼后a、b、c三點(diǎn)的場強(qiáng)為零，即感應(yīng)電荷的場強(qiáng)與外部兩點(diǎn)電荷在三點(diǎn)處的場強(qiáng)等大反向，可知金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系是因外部兩點(diǎn)電荷在abc三點(diǎn)的場強(qiáng)方向均水平向左，可知金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)方向均水平向右，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示為一簡易交流發(fā)電機(jī)的原理圖，匝數(shù)匝、面積的矩形線圈以邊為軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速，線圈處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，、是兩個(gè)集流環(huán)，線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可以通過集流環(huán)保持與外電路的連接，外電路電阻，線圈的電阻，電流表和連接導(dǎo)線的電阻不計(jì)。已知時(shí)刻，線圈平面與磁場方向垂直，下列說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)為B.該發(fā)電機(jī)的輸出功率為C.時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸出電壓的瞬時(shí)值為D.到過程中，流過電阻的電荷量為【答案】BC【解析】A．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為根據(jù)正弦交變電流電動(dòng)勢的最大值為電動(dòng)勢有效值為由閉合電路歐姆定律得故A錯(cuò)誤；B．發(fā)電機(jī)的輸出功率等于外電路電阻R消耗的功率，有故B正確；C．已知時(shí)刻，線圈平面與磁場方向垂直，所以感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為當(dāng)時(shí)，解得電動(dòng)機(jī)輸出電壓的瞬時(shí)值為根據(jù)閉合電路歐姆定律，此時(shí)輸出電壓為故C正確；D．在到過程中，轉(zhuǎn)過的角度為磁通變化量為根據(jù)解得故D錯(cuò)誤。故選BC。11.一列簡諧橫波沿軸方向傳播，圖甲為該波在時(shí)刻的波形圖，其中質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為（0，-4），質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為（12，4）。圖乙為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置。下列說法正確的是（）A.該波沿軸正方向傳播B.該波的傳播速度大小為C.時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為D.質(zhì)點(diǎn)的位移-時(shí)間關(guān)系式為【答案】BD【解析】A．由乙圖可知，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M向下振動(dòng)，根據(jù)“上、下坡”法可知，該波沿x負(fù)方向傳播，A錯(cuò)誤；B．設(shè)質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為由題可知，當(dāng)時(shí)，，則有即當(dāng)時(shí)，，則有解得由題可知M點(diǎn)從到所用時(shí)間小于，則有解得故其周期由甲圖可知，M、N位于對(duì)稱位置的不同質(zhì)點(diǎn)，則有即該波的波長為，所以該波的波速大小為B正確；C．質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)N通過的路程應(yīng)小于C錯(cuò)誤；D．設(shè)質(zhì)點(diǎn)N的位移-時(shí)間關(guān)系式為當(dāng)時(shí)，，則有解得質(zhì)點(diǎn)的位移-時(shí)間關(guān)系式為D正確。故選BD。12.2024年6月，國家衛(wèi)健委舉行新聞發(fā)布會(huì)，宣布啟動(dòng)“體重管理年”活動(dòng)，更多的人走進(jìn)了健身房。某健身器的簡化裝置如圖所示，整個(gè)裝置傾斜放置，與水平面的夾角為，兩側(cè)平行金屬導(dǎo)軌相距為，導(dǎo)軌上端接一阻值為的電阻，下端接一電容為的電容器。在導(dǎo)軌間長為的區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為的金屬棒水平置于導(dǎo)軌上，用平行兩側(cè)導(dǎo)軌的絕緣繩索通過定滑輪與拉桿相連。金屬棒向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，閉合，斷開，向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，斷開，閉合。開始時(shí)金屬棒靜止在磁場下方某位置處，電容器不帶電，一位健身者用恒定的拉力豎直向下拉動(dòng)拉桿，金屬棒進(jìn)入磁場時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)時(shí)間運(yùn)動(dòng)至磁場中間位置時(shí)撤去拉力，金屬棒恰好能運(yùn)動(dòng)到磁場上邊界，然后金屬棒從磁場上邊界由靜止開始下滑。其它電阻不計(jì)、忽略一切摩擦以及拉桿和繩索的質(zhì)量，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度為。下列說法正確的是（）A.撤去拉力后金屬棒向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.拉力的大小為C.金屬棒在磁場中向下運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.電容器儲(chǔ)存的電場能最大值為【答案】BCD【解析】A．設(shè)金屬棒在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為，撤去拉力后金屬棒繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)切割磁感線，受到的安培力沿導(dǎo)軌平面向下，根據(jù)牛頓第二定律有，可得導(dǎo)體棒的加速度大小為逐漸減小，可知導(dǎo)體棒向上做加速度逐漸減小的減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由題意，設(shè)金屬棒進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為，則有，聯(lián)立求得拉力的大小為故B正確；C．金屬棒在磁場中向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)時(shí)間內(nèi)電容器電荷量的變化量，有流經(jīng)金屬棒的電流對(duì)棒有，聯(lián)立可得金屬棒在磁場中向下加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為顯然，由加速度表達(dá)式可知金屬棒在磁場中向下運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．由選項(xiàng)C分析可知，當(dāng)金屬棒向下勻加速運(yùn)動(dòng)到磁場邊界最下端時(shí)，此時(shí)電容器兩端的電勢差最大，此時(shí)其儲(chǔ)存的電場能最大，由能量守恒定律有，聯(lián)立可求得電容器儲(chǔ)存的電場能最大值為故D正確。故選BCD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.在“用雙縫干涉測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示：（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是________A.單縫和雙縫應(yīng)當(dāng)相互平行B.測量過程中，把5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，會(huì)導(dǎo)致波長測量值偏大C.把毛玻璃屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)，相鄰兩亮條紋中心的距離變寬D.若通過雙縫的兩列光波到屏上某點(diǎn)的路程差為波長的奇數(shù)倍，該點(diǎn)處一定是暗條紋（2）某同學(xué)在用雙縫干涉測量光的波長的實(shí)驗(yàn)中，已知兩縫間的間距為，以某種單色光照射雙縫時(shí)，在離雙縫遠(yuǎn)的屏上，用測量頭測量條紋間的寬度：先將測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上的讀數(shù)為；然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為_______mm。（3）根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)，測得的這種光的波長等于________nm（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。【答案】（1）AC（2）13.699##13.700##13.701（3）569【解析】【小問1詳析】A．為了獲得清晰的干涉條紋，單縫和雙縫應(yīng)當(dāng)相互平行，故A正確；B．根據(jù)雙縫干涉條紋公式測量過程中，把5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，導(dǎo)致相鄰亮條紋間距變小，會(huì)導(dǎo)致波長測量值偏小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)雙縫干涉條紋公式可知把毛玻璃屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)，L變大，相鄰兩亮條紋中心的距離變寬，故C正確；D．若通過雙縫的兩列光波到屏上某點(diǎn)的路程差為波長的奇數(shù)倍，由于狹縫作用光源、頻率和相位差完全相同，該點(diǎn)處一定是明條紋，故D錯(cuò)誤。故選AC。【小問2詳析】根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知其讀數(shù)為；【小問3詳析】條紋間距根據(jù)雙縫干涉條紋公式聯(lián)立可得測得的這種光的波長14.某實(shí)驗(yàn)小組要測量未知電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的測量電路?？晒┻x擇的器材有：待測電源（電動(dòng)勢約為，內(nèi)阻約為）；電阻箱（阻值范圍）；電流表（量程，內(nèi)阻等于）；定值電阻；開關(guān)，導(dǎo)線若干。（1）電路中將電流表改裝成量程為的電流表，則定值電阻的阻值________；（2）閉合開關(guān)，改變電阻箱的阻值，記錄電阻箱的阻值及對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)，作圖像如圖乙所示，則電池的電動(dòng)勢________V，電池的內(nèi)阻________（結(jié)果均保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）；（3）實(shí)驗(yàn)測得的電動(dòng)勢________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值，實(shí)驗(yàn)測得的電池內(nèi)阻_________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值?！敬鸢浮浚?）1（2）1.430.65（3）等于等于【解析】【小問1詳析】根據(jù)電表改裝原理有代入題中數(shù)據(jù)得解得【小問2詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立整理得圖乙可知當(dāng)分別為時(shí)，R分別為，將其代入方程有聯(lián)立解得【小問3詳析】[1][2]本實(shí)驗(yàn)中，改裝后的電流表內(nèi)阻已知且已考慮在計(jì)算中，不存在因電表內(nèi)阻導(dǎo)致的系統(tǒng)誤差，所以實(shí)驗(yàn)測得的電動(dòng)勢等于真實(shí)值，測得的電池內(nèi)阻也等于真實(shí)值。15.如圖所示為一超重報(bào)警裝置原理圖，其主體是位于水平地面上導(dǎo)熱性能良好的豎直薄壁密閉容器。容器高、橫截面積，內(nèi)有一厚度和質(zhì)量均不計(jì)的活塞，底部是深度為（未知）的預(yù)警區(qū)域?；钊ㄟ^豎直輕桿連接輕質(zhì)水平平臺(tái)，當(dāng)活塞進(jìn)入預(yù)警區(qū)域時(shí)，系統(tǒng)會(huì)發(fā)出超重預(yù)警。平臺(tái)上未放重物時(shí)，內(nèi)部封閉氣柱長度；當(dāng)在平臺(tái)上輕放一質(zhì)量的重物A時(shí)，活塞最終恰好穩(wěn)定在預(yù)警區(qū)域上邊界。已知環(huán)境溫度，大氣壓強(qiáng)，重力加速度，不計(jì)摩擦阻力。（1）求預(yù)警區(qū)域的深度；（2）若環(huán)境溫度變?yōu)榍彝饨绱髿鈮簭?qiáng)不變，為保證放上重物A后活塞最終仍穩(wěn)定在預(yù)警區(qū)域上邊界，需要向容器內(nèi)另外充裝氣體。當(dāng)氣體穩(wěn)定后，求容器內(nèi)另外充裝氣體質(zhì)量與原來封閉氣體質(zhì)量的比值?！敬鸢浮浚?）0.2m（2）1:14【解析】【小問1詳析】放上重物A穩(wěn)定后，對(duì)活塞氣體溫度不變，由玻意耳定律解得【小問2詳析】氣體壓強(qiáng)不變，由蓋呂薩克定律可得其中解得要使活塞仍穩(wěn)定在原來位置，充入氣體在溫度變?yōu)闋顟B(tài)時(shí)的高度為由于穩(wěn)定后充入氣體和容器中原來氣體達(dá)到相同的狀態(tài)，密度相同，則充裝氣體的質(zhì)量與原來封閉氣體質(zhì)量的比值為16.如圖所示，一質(zhì)量為的足球在水平地面上的點(diǎn)由靜止被踢出后落到水平地面的點(diǎn)，已知足球在點(diǎn)離開地面時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，足球所受空氣阻力大小與速度大小成正比，比例系數(shù)為，足球在空中飛行時(shí)間為兩點(diǎn)的水平距離為，到達(dá)點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，重力加速度為，。求：（1）足球離開點(diǎn)時(shí)和到達(dá)點(diǎn)時(shí)的速度大小；（2）從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過程中，空氣阻力對(duì)足球做的功?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【小問1詳析】設(shè)足球離開A點(diǎn)時(shí)的速度為，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為，在豎直方向，選取向下為正方向，從到應(yīng)用動(dòng)量定理整理可得水平方向，選取向右的方向?yàn)檎较?，從到?yīng)用動(dòng)量定理整理可得聯(lián)立解得，【小問2詳析】從到，由動(dòng)能定理得結(jié)合上述結(jié)論，解得17.如圖甲所示，真空室內(nèi)有三個(gè)豎直方向足夠長的區(qū)域，各區(qū)域的邊界線均沿豎直方向。其中區(qū)域I中存在按圖乙規(guī)律變化的磁場（圖乙中磁場垂直紙面向外時(shí)為正，，寬度為；區(qū)域II中存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，寬度為；區(qū)域III中存在電場強(qiáng)度大小、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，寬度為。時(shí)刻，一質(zhì)量為、電荷量為的帶正電的粒子從區(qū)域I左邊界上的處以某一初速度垂直于邊界射入?yún)^(qū)域I，已知時(shí)該粒子從點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)域II，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后從區(qū)域II右側(cè)邊界的點(diǎn)（圖中未畫出）進(jìn)入?yún)^(qū)域II的電場中，最終從區(qū)域III右邊界上的點(diǎn)（圖中未畫出）離開，不計(jì)粒子的重力，求：（1）粒子剛射入?yún)^(qū)域I時(shí)的初速度大?。唬?）粒子在區(qū)域II中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）點(diǎn)到點(diǎn)沿豎直方向的距離?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】粒子在時(shí)間內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律粒子的周期為聯(lián)立可得所以如圖所示在時(shí)間內(nèi)粒子運(yùn)動(dòng)個(gè)圓周，時(shí)間內(nèi)粒子豎直向下做勻速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)同樣又做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)過的圓心角由圖可得由以上可得【小問2詳析】粒子在區(qū)域II中，由牛頓第二定律解得運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后離開區(qū)域II進(jìn)入?yún)^(qū)域III，設(shè)剛進(jìn)入?yún)^(qū)域III時(shí)粒子速度方向與邊界的夾角為，區(qū)域II的寬度解得因此粒子在區(qū)域II中轉(zhuǎn)過的圓心角是粒子在區(qū)域II中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為在區(qū)域II中運(yùn)動(dòng)時(shí)間（或均正確）【小問3詳析】粒子在區(qū)域II中沿豎直方向的距離為粒子進(jìn)入?yún)^(qū)域皿中，水平方向：做勻速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間為豎直方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為根據(jù)位移-時(shí)間公式可得點(diǎn)到點(diǎn)沿豎直方向的距離18.如圖所示，水平地面上固定放置一軌道，軌道斜面部分與水平部分在點(diǎn)平滑連接，緊靠軌道右側(cè)有一質(zhì)量為的小車，其上表面與軌道部分等高，在點(diǎn)放置一質(zhì)量為滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）。水平地面右側(cè)有一固定的豎直墻壁，小車右端距離墻壁足夠遠(yuǎn)?，F(xiàn)將另一質(zhì)量為滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從軌道頂端點(diǎn)由靜止滑下，與滑塊發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞后滑塊滑上小車，小車與墻壁相碰時(shí)碰撞時(shí)間極短，每次碰撞后小車反向，速度大小變?yōu)榕鲎睬暗囊话?。已知兩點(diǎn)豎直高度差為，水平距離為，滑塊與軌道間動(dòng)摩擦因數(shù)均為，滑塊與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，滑塊始終未離開小車，水平地面光滑，重力加速度。求：（1）滑塊運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)（還未與滑塊碰撞）的速度大?。唬?）小車與墻壁第1次碰撞后到與墻壁第2次碰撞前的過程中，滑塊與小車間由于摩擦產(chǎn)生的熱量；（3）小車與墻壁發(fā)生第1次碰撞后直至停止運(yùn)動(dòng)的過程中，小車運(yùn)動(dòng)的總路程?！敬鸢浮浚?）9m/s（2）27J（3）6m【解析】【小問1詳析】滑塊由運(yùn)動(dòng)到的過程，由動(dòng)能定理又因?yàn)槁?lián)立解得【小問2詳析】滑塊與滑塊發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒可得根據(jù)能量守恒可得聯(lián)立解得，小車和墻壁第一次碰前，滑塊與小車達(dá)到的共同速度為，由動(dòng)量守恒第一次碰后小車變?yōu)?，滑塊速度仍為，由動(dòng)量守恒解得由分析可知，當(dāng)滑塊和小車第2次共速后恰好發(fā)生第2次碰撞；小車與墻壁第1次碰撞后到與墻壁第2次碰撞前，滑塊與小車之間產(chǎn)生的熱量為，根據(jù)能量守恒聯(lián)立解得【小問3詳析】小車第一次與墻壁碰撞后，根據(jù)牛頓第二定律小車與墻壁第1次碰撞后至第2次碰撞前，運(yùn)動(dòng)的路程為小車與墻壁第2次碰撞后至第3次碰撞前，運(yùn)動(dòng)的路程為小車與墻壁第次碰撞后到第次碰撞前過程中，則有總路程即解得2025年高考適應(yīng)性測試物理注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、考生號(hào)、座號(hào)填寫在相應(yīng)位置。2．選擇題答案必須用鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必須用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號(hào)在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.處于激發(fā)態(tài)的汞原子可輻射出波長為的靛光和波長為的黃光，靛光可以使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，但不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)。下列說法正確的是（）A.黃光比靛光的光子能量大B.黃光可能使兩種金屬都發(fā)生光電效應(yīng)C.在同一介質(zhì)中靛光比黃光的傳播速度大D.金屬的截止頻率小于金屬的截止頻率【答案】D【解析】A．由題意可知黃光的波長大于靛光的波長，根據(jù)可知，黃光的頻率小于靛光的頻率，根據(jù)可知，黃光比靛光的光子能量小，故A錯(cuò)誤；BD．靛光可以使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，但不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，可知金屬的截止頻率小于金屬的截止頻率；由于黃光比靛光的光子能量小，則黃光一定不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯(cuò)誤，故D正確；C．由于黃光的頻率小于靛光的頻率，則同一介質(zhì)中黃光的折射率小于靛光的折射率，根據(jù)可知，在同一介質(zhì)中靛光比黃光的傳播速度小，故C錯(cuò)誤。故選D。2.一物體從斜面底端滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)速度的平方（）與位移（x）關(guān)系圖像如圖所示，重力加速度，下列說法正確的是（）A.斜面的傾角為B.物體沿斜面下滑時(shí)加速度大小為C.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25D.物體沿斜面向上滑行的最大高度為【答案】C【解析】ABC．設(shè)斜面傾角為，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，上滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得解得上滑時(shí)的加速度大小為下滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得解得下滑時(shí)的加速度大小為根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，解得題圖圖像可得，聯(lián)立解得，，，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．物體沿斜面向上滑行的最大高度為故D錯(cuò)誤。故選C。3.一個(gè)機(jī)器人直立時(shí)線束對(duì)頭部的拉力為0，做后仰動(dòng)作時(shí)，線束對(duì)頭部的拉力與水平方向夾角為，脖頸受到的壓力與水平方向夾角為，簡化模型如圖所示。不計(jì)脖頸與頭部間的摩擦，則后仰時(shí)脖頸受到的壓力與直立時(shí)脖頸受到壓力之比為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】設(shè)頭部重力mg，后仰時(shí)對(duì)頭部受力分析由平衡可知水平方向豎直方向解得直立時(shí)脖頸受到壓力大小解得故選B。4.“天問一號(hào)”探測器在火星上首次留下中國印跡，首次實(shí)現(xiàn)通過一次任務(wù)完成火星環(huán)繞、著陸和巡視三大目標(biāo)。在著陸火星前，探測器將在距火星表面高度為的軌道上繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為，已知火星的半徑為，忽略火星的自轉(zhuǎn)及其他天體對(duì)探測器的引力作用，則在火星上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】設(shè)火星的質(zhì)量為M，探測器的質(zhì)量為m，對(duì)探測器而言，萬有引力提供向心力，則有在火星表面的物體，萬有引力提供向心力，則有聯(lián)立解得故選B。5.如圖所示，在水平地面上勻速向左行駛的小車內(nèi)用細(xì)繩、系住一個(gè)小球，繩處于斜向上的方向，拉力大小為，繩處于水平方向，拉力大小為。小車前方出現(xiàn)障礙物，小車剎車，小球相對(duì)于車廂的位置仍保持不變，細(xì)繩a、b的拉力大小分別為和。下列關(guān)系正確的是（）A.，B.，C.，D.，【答案】A【解析】設(shè)小球的質(zhì)量為，細(xì)繩與豎直方向的夾角為，小車向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，以小球?yàn)閷?duì)象，根據(jù)平衡條件可得，可得，小車剎車，加速度方向水平向右，以小球?yàn)閷?duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得可得綜上分析可得，故選A。6.2025年4月11日成功發(fā)射通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星十七號(hào)。運(yùn)載火箭點(diǎn)火時(shí)向下噴氣，會(huì)對(duì)地面產(chǎn)生沖力。假設(shè)火箭剛離開地面時(shí)豎直向上速度大小為，火箭噴氣口的橫截面積大小為，噴出氣體相對(duì)于火箭的速度大小為，氣體垂直射向地面后，豎直速度變?yōu)榱悖阎獨(dú)怏w的密度為，重力加速度大小為，忽略氣體自身重力，。則氣體對(duì)地面的平均沖力大小是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】題意可知?dú)怏w對(duì)地的速度為設(shè)時(shí)間內(nèi)有質(zhì)量的氣體射向地面，地面對(duì)氣體平均沖力大小為F，規(guī)定向下為正方向，由動(dòng)量定理有因?yàn)槁?lián)立解得根據(jù)牛頓第三定律可知，氣體對(duì)地面的平均沖力大小是。故選D。7.寶石外觀光彩奪目，部分原因是由于其特殊成品形狀可發(fā)生多種光學(xué)效應(yīng)。某寶石的剖面如圖所示，單色光從點(diǎn)垂直邊入射，在邊的中點(diǎn)處恰好發(fā)生全反射，已知，不考慮多次反射，光在真空中傳播的速度大小為。則單色光在該透明介質(zhì)中的傳播時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】幾何關(guān)系可知光臨界角為，則折射率則光在介質(zhì)中的速度分析易得光垂直于CD射出，如圖光在該透明介質(zhì)中的傳播距離幾何關(guān)系可知?jiǎng)t單色光在該透明介質(zhì)中的傳播時(shí)間聯(lián)立解得故選A。8.如圖所示，半徑為的四分之三光滑圓軌道被固定在豎直面內(nèi)，為圓心，是豎直直徑。一質(zhì)量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在最高點(diǎn)，受到輕微的擾動(dòng)從點(diǎn)沿軌道下滑，到達(dá)點(diǎn)時(shí)剛好脫離軌道，最后落到水平面，重力加速度為，不計(jì)空氣阻力。則小球剛到達(dá)水平面時(shí)重力瞬時(shí)功率為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】把小球在C點(diǎn)的重力分別沿著OC和垂直O(jiān)C分解，小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，支持力剛好等于0，重力沿著OC方向的分力充當(dāng)向心力，設(shè)OB與OC夾角為，由向心力公式可得小球從B到C，由機(jī)械能守恒可得聯(lián)立解得小球從C點(diǎn)到地面做斜拋運(yùn)動(dòng)，則豎直方向有則小球剛到達(dá)水平面時(shí)重力瞬時(shí)功率為聯(lián)立解得故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，豎直線是等量異種點(diǎn)電荷和的連線的中垂線，交點(diǎn)為a，點(diǎn)b、c、d位置如圖，其中點(diǎn)a、b、c處于同一個(gè)金屬球殼內(nèi)。下列說法正確的是（）A.b、c、d三點(diǎn)的電勢的大小關(guān)系是B.b、c、d三點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小關(guān)系是C.金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系是D.金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、c兩點(diǎn)場強(qiáng)方向水平向右，在b點(diǎn)場強(qiáng)方向豎直向上【答案】AC【解析】A．處于靜電平衡時(shí)，球殼內(nèi)各點(diǎn)場強(qiáng)處處為零，電勢處處相等，可知因d點(diǎn)距離負(fù)電荷較近，可知電勢較低，則b、c、d三點(diǎn)的電勢的大小關(guān)系是選項(xiàng)A正確；B．球殼內(nèi)bc兩點(diǎn)場強(qiáng)相等且為零，則b、c、d三點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小關(guān)系是選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．若無金屬殼時(shí)，a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系是放上金屬球殼后a、b、c三點(diǎn)的場強(qiáng)為零，即感應(yīng)電荷的場強(qiáng)與外部兩點(diǎn)電荷在三點(diǎn)處的場強(qiáng)等大反向，可知金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系是因外部兩點(diǎn)電荷在abc三點(diǎn)的場強(qiáng)方向均水平向左，可知金屬球殼上的感應(yīng)電荷在a、b、c三點(diǎn)場強(qiáng)方向均水平向右，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示為一簡易交流發(fā)電機(jī)的原理圖，匝數(shù)匝、面積的矩形線圈以邊為軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速，線圈處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，、是兩個(gè)集流環(huán)，線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可以通過集流環(huán)保持與外電路的連接，外電路電阻，線圈的電阻，電流表和連接導(dǎo)線的電阻不計(jì)。已知時(shí)刻，線圈平面與磁場方向垂直，下列說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)為B.該發(fā)電機(jī)的輸出功率為C.時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸出電壓的瞬時(shí)值為D.到過程中，流過電阻的電荷量為【答案】BC【解析】A．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為根據(jù)正弦交變電流電動(dòng)勢的最大值為電動(dòng)勢有效值為由閉合電路歐姆定律得故A錯(cuò)誤；B．發(fā)電機(jī)的輸出功率等于外電路電阻R消耗的功率，有故B正確；C．已知時(shí)刻，線圈平面與磁場方向垂直，所以感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為當(dāng)時(shí)，解得電動(dòng)機(jī)輸出電壓的瞬時(shí)值為根據(jù)閉合電路歐姆定律，此時(shí)輸出電壓為故C正確；D．在到過程中，轉(zhuǎn)過的角度為磁通變化量為根據(jù)解得故D錯(cuò)誤。故選BC。11.一列簡諧橫波沿軸方向傳播，圖甲為該波在時(shí)刻的波形圖，其中質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為（0，-4），質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為（12，4）。圖乙為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置。下列說法正確的是（）A.該波沿軸正方向傳播B.該波的傳播速度大小為C.時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為D.質(zhì)點(diǎn)的位移-時(shí)間關(guān)系式為【答案】BD【解析】A．由乙圖可知，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M向下振動(dòng)，根據(jù)“上、下坡”法可知，該波沿x負(fù)方向傳播，A錯(cuò)誤；B．設(shè)質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為由題可知，當(dāng)時(shí)，，則有即當(dāng)時(shí)，，則有解得由題可知M點(diǎn)從到所用時(shí)間小于，則有解得故其周期由甲圖可知，M、N位于對(duì)稱位置的不同質(zhì)點(diǎn)，則有即該波的波長為，所以該波的波速大小為B正確；C．質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)N通過的路程應(yīng)小于C錯(cuò)誤；D．設(shè)質(zhì)點(diǎn)N的位移-時(shí)間關(guān)系式為當(dāng)時(shí)，，則有解得質(zhì)點(diǎn)的位移-時(shí)間關(guān)系式為D正確。故選BD。12.2024年6月，國家衛(wèi)健委舉行新聞發(fā)布會(huì)，宣布啟動(dòng)“體重管理年”活動(dòng)，更多的人走進(jìn)了健身房。某健身器的簡化裝置如圖所示，整個(gè)裝置傾斜放置，與水平面的夾角為，兩側(cè)平行金屬導(dǎo)軌相距為，導(dǎo)軌上端接一阻值為的電阻，下端接一電容為的電容器。在導(dǎo)軌間長為的區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為的金屬棒水平置于導(dǎo)軌上，用平行兩側(cè)導(dǎo)軌的絕緣繩索通過定滑輪與拉桿相連。金屬棒向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，閉合，斷開，向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，斷開，閉合。開始時(shí)金屬棒靜止在磁場下方某位置處，電容器不帶電，一位健身者用恒定的拉力豎直向下拉動(dòng)拉桿，金屬棒進(jìn)入磁場時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)時(shí)間運(yùn)動(dòng)至磁場中間位置時(shí)撤去拉力，金屬棒恰好能運(yùn)動(dòng)到磁場上邊界，然后金屬棒從磁場上邊界由靜止開始下滑。其它電阻不計(jì)、忽略一切摩擦以及拉桿和繩索的質(zhì)量，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度為。下列說法正確的是（）A.撤去拉力后金屬棒向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.拉力的大小為C.金屬棒在磁場中向下運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.電容器儲(chǔ)存的電場能最大值為【答案】BCD【解析】A．設(shè)金屬棒在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為，撤去拉力后金屬棒繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)切割磁感線，受到的安培力沿導(dǎo)軌平面向下，根據(jù)牛頓第二定律有，可得導(dǎo)體棒的加速度大小為逐漸減小，可知導(dǎo)體棒向上做加速度逐漸減小的減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由題意，設(shè)金屬棒進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為，則有，聯(lián)立求得拉力的大小為故B正確；C．金屬棒在磁場中向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)時(shí)間內(nèi)電容器電荷量的變化量，有流經(jīng)金屬棒的電流對(duì)棒有，聯(lián)立可得金屬棒在磁場中向下加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為顯然，由加速度表達(dá)式可知金屬棒在磁場中向下運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．由選項(xiàng)C分析可知，當(dāng)金屬棒向下勻加速運(yùn)動(dòng)到磁場邊界最下端時(shí)，此時(shí)電容器兩端的電勢差最大，此時(shí)其儲(chǔ)存的電場能最大，由能量守恒定律有，聯(lián)立可求得電容器儲(chǔ)存的電場能最大值為故D正確。故選BCD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.在“用雙縫干涉測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示：（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是________A.單縫和雙縫應(yīng)當(dāng)相互平行B.測量過程中，把5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，會(huì)導(dǎo)致波長測量值偏大C.把毛玻璃屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)，相鄰兩亮條紋中心的距離變寬D.若通過雙縫的兩列光波到屏上某點(diǎn)的路程差為波長的奇數(shù)倍，該點(diǎn)處一定是暗條紋（2）某同學(xué)在用雙縫干涉測量光的波長的實(shí)驗(yàn)中，已知兩縫間的間距為，以某種單色光照射雙縫時(shí)，在離雙縫遠(yuǎn)的屏上，用測量頭測量條紋間的寬度：先將測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上的讀數(shù)為；然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為_______mm。（3）根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)，測得的這種光的波長等于________nm（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）AC（2）13.699##13.700##13.701（3）569【解析】【小問1詳析】A．為了獲得清晰的干涉條紋，單縫和雙縫應(yīng)當(dāng)相互平行，故A正確；B．根據(jù)雙縫干涉條紋公式測量過程中，把5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，導(dǎo)致相鄰亮條紋間距變小，會(huì)導(dǎo)致波長測量值偏小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)雙縫干涉條紋公式可知把毛玻璃屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)，L變大，相鄰兩亮條紋中心的距離變寬，故C正確；D．若通過雙縫的兩列光波到屏上某點(diǎn)的路程差為波長的奇數(shù)倍，由于狹縫作用光源、頻率和相位差完全相同，該點(diǎn)處一定是明條紋，故D錯(cuò)誤。故選AC?！拘?詳析】根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知其讀數(shù)為；【小問3詳析】條紋間距根據(jù)雙縫干涉條紋公式聯(lián)立可得測得的這種光的波長14.某實(shí)驗(yàn)小組要測量未知電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的測量電路?？晒┻x擇的器材有：待測電源（電動(dòng)勢約為，內(nèi)阻約為）；電阻箱（阻值范圍）；電流表（量程，內(nèi)阻等于）；定值電阻；開關(guān)，導(dǎo)線若干。（1）電路中將電流表改裝成量程為的電流表，則定值電阻的阻值________；（2）閉合開關(guān)，改變電阻箱的阻值，記錄電阻箱的阻值及對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)，作圖像如圖乙所示，則電池的電動(dòng)勢________V，電池的內(nèi)阻________（結(jié)果均保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）；（3）實(shí)驗(yàn)測得的電動(dòng)勢________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值，實(shí)驗(yàn)測得的電池內(nèi)阻_________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值?！敬鸢浮浚?）1（2）1.430.65（3）等于等于【解析】【小問1詳析】根據(jù)電表改裝原理有代入題中數(shù)據(jù)得解得【小問2詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立整理得圖乙可知當(dāng)分別為時(shí)，R分別為，將其代入方程有聯(lián)立解得【小問3詳析】[1][2]本實(shí)驗(yàn)中，改裝后的電流表內(nèi)阻已知且已考慮在計(jì)算中，不存在因電表內(nèi)阻導(dǎo)致的系統(tǒng)誤差，所以實(shí)驗(yàn)測得的電動(dòng)勢等于真實(shí)值，測得的電池內(nèi)阻也等于真實(shí)值。15.如圖所示為一超重報(bào)警裝置原理圖，其主體是位于水平地面上導(dǎo)熱性能良好的豎直薄壁密閉容器。容器高、橫截面積，內(nèi)有一厚度和質(zhì)量均不計(jì)的活塞，底部是深度為（未知）的預(yù)警區(qū)域。活塞通過豎直輕桿連接輕質(zhì)水平平臺(tái)，當(dāng)活塞進(jìn)入預(yù)警區(qū)域時(shí)，系統(tǒng)會(huì)發(fā)出超重預(yù)警。平臺(tái)上未放重物時(shí)，內(nèi)部封閉氣柱長度；當(dāng)在平臺(tái)上輕放一質(zhì)量的重物A時(shí)，活塞最終恰好穩(wěn)定在預(yù)警區(qū)域上邊界。已知環(huán)境溫度，大氣壓強(qiáng)，重力加速度，不計(jì)摩擦阻力。（1）求預(yù)警區(qū)域的深度；（2）若環(huán)境溫度變?yōu)榍彝饨绱髿鈮簭?qiáng)不變，為保證放上重物A后活塞最終仍穩(wěn)定在預(yù)警區(qū)域上邊界，需要向容器內(nèi)另外充裝氣體。當(dāng)氣體穩(wěn)定后，求容器內(nèi)另外充裝氣體質(zhì)量與原來封閉氣體質(zhì)量的比值?！敬鸢浮浚?）0.2m（2）1:14【解析】【小問1詳析】放上重物A穩(wěn)定后，對(duì)活塞氣體溫度不變，由玻意耳定律解得【小問2詳析】氣體壓強(qiáng)不變，由蓋呂薩克定律可得其中解得要使活塞仍穩(wěn)定在原來位置，充入氣體在溫度變?yōu)闋顟B(tài)時(shí)的高度為由于穩(wěn)定后充入氣體和容器中原來氣體達(dá)到相同的狀態(tài)，密度相同，則充裝氣體的質(zhì)量與原來封閉氣體質(zhì)量的比值為16.如圖所示，一質(zhì)量為的足球在水平地面上的點(diǎn)由靜止被踢出后落到水平地面的點(diǎn)，已知足球在點(diǎn)離開地面時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，足球所受空氣阻力大小與速度大小成正比，比例系數(shù)為，足球在空中飛行時(shí)間為兩點(diǎn)的水平距離為，到達(dá)點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向的夾角為