高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1海淀區(qū)2024-2025學(xué)年第二學(xué)期期中反饋練習(xí)高三物理第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.關(guān)于光的應(yīng)用，下列說法正確的是（）A.照相機(jī)鏡頭的增透膜應(yīng)用了光的衍射原理B.光導(dǎo)纖維中內(nèi)層的折射率小于外層的折射率C.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，在鏡頭前加一個(gè)增透膜應(yīng)用了全反射現(xiàn)象D.光經(jīng)過刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是由于光的衍射【答案】D【解析】A．照相機(jī)鏡頭的增透膜應(yīng)用了光的干涉原理，故A錯(cuò)誤；B．光導(dǎo)纖維應(yīng)用了全反射原理，內(nèi)層的折射率大于外層的折射率，故B錯(cuò)誤；C．拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，在鏡頭前加一個(gè)增透膜應(yīng)用了光的干涉原理，故C錯(cuò)誤；D．光經(jīng)過刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是由于光的衍射，故D正確。故選D。2.下列核反應(yīng)方程中括號(hào)內(nèi)的粒子為質(zhì)子的是（）A.（） B.（）C.（） D.（）【答案】C【解析】根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒知，核反應(yīng)方程分別為粒子分別為中子、粒子、質(zhì)子、電子。故選C。3.關(guān)于分子動(dòng)理論，下列說法正確的是（）A.液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)B.分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大C.物體的溫度下降，物體內(nèi)每個(gè)分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能都減小D.溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能的標(biāo)志【答案】D【解析】A．布朗運(yùn)動(dòng)是固體微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，間接反映液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．當(dāng)分子之間的距離小于時(shí)，隨著分子之間距離的增大分子間的相互作用力減?。划?dāng)分子之間的距離大于時(shí)，隨著分子之間距離的增大分子間的相互作用力先增大后減小，B錯(cuò)誤；C．物體的溫度下降，物體內(nèi)分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能會(huì)減小，但不是每個(gè)分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能都減小，C錯(cuò)誤；D．溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能的標(biāo)志，D正確。故選D。4.圖甲為一列沿軸正向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)的圖像，圖甲中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.圖乙可能是質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像B.質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)將沿軸運(yùn)動(dòng)到處C.質(zhì)點(diǎn)的位移與時(shí)間關(guān)系為D.質(zhì)點(diǎn)與的相位差為【答案】C【解析】A．簡(jiǎn)諧橫波沿軸正向傳播，根據(jù)平移法可知質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，則圖乙不可能是質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)只能在平衡位置沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，不會(huì)“隨波逐流”，故B錯(cuò)誤；C．由圖乙可知周期為2s，則角速度為rad/s則質(zhì)點(diǎn)的位移與時(shí)間關(guān)系為故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)與相差，則相位差為，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，水平絕緣桌面上放著一個(gè)閉合鋁環(huán)。絕緣材料制成的輕彈簧上端固定，下端懸掛一個(gè)磁鐵，磁鐵位于鋁環(huán)中心上方。將磁鐵下端N極向下拉，在其下降一定高度時(shí)由靜止釋放。此后，磁鐵開始運(yùn)動(dòng)，鋁環(huán)保持靜止，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力。則在磁鐵向下的運(yùn)動(dòng)過程中（）A.俯視看鋁環(huán)中的電流沿順時(shí)針方向 B.鋁環(huán)對(duì)桌面的壓力大于它的重力C.磁鐵運(yùn)動(dòng)過程中只受到兩個(gè)力的作用 D.磁鐵和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒【答案】B【解析】在磁鐵向下的運(yùn)動(dòng)過程中，穿過鋁環(huán)的磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律可知，俯視看鋁環(huán)中的電流沿逆時(shí)針方向；根據(jù)“來拒去留”可知磁鐵受到向上的磁場(chǎng)力，則鋁環(huán)受到向下的磁場(chǎng)力鋁環(huán)對(duì)桌面的壓力大于它的重力；磁鐵運(yùn)動(dòng)過程中受到重力、彈簧彈力和磁場(chǎng)力三個(gè)力作用；由于鋁環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流，鋁環(huán)中有焦耳熱產(chǎn)生，根據(jù)能量守恒可知，磁鐵和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少。故選B。6.如圖，某同學(xué)用手搖發(fā)電機(jī)、可拆變壓器給小燈泡供電。矩形閉合導(dǎo)線框abcd處于水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，不計(jì)線框與導(dǎo)線的電阻，小燈泡額定功率足夠大，電阻恒定。下列說法正確的是（）A.可拆變壓器為降壓變壓器B.圖示位置穿過線框磁通量最大，線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也最大C.若可拆變壓器視為理想變壓器，轉(zhuǎn)速增加一倍，其他條件不變，則小燈泡兩端的電壓也增加一倍D.若考慮變壓器能量損耗，副線圈接線柱由“0、2”調(diào)整為“0、8”，其他條件不變，則小燈泡消耗的功率變?yōu)樵瓉淼?6倍【答案】C【解析】A．由圖中原線圈接“0、1”即n，副線圈接“0、2”即2n，可知變壓器為升壓變壓器，故A錯(cuò)誤；B．圖示位置穿過線框的磁通量最大，線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小，故B錯(cuò)誤；C．若可拆變壓器視為理想變壓器，轉(zhuǎn)速增加一倍，其他條件不變，則可知電源電動(dòng)勢(shì)最大值及有效值增加一倍，則小燈泡兩端的電壓也增加一倍，故C正確；D．若不考慮變壓器能量損耗，副線圈接線柱由“0、2”調(diào)整為“0、8”，其他條件不變，則根據(jù)可知電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)可知，小燈泡消耗的功率變?yōu)樵瓉淼?6倍，考慮變壓器能量損耗時(shí)，小燈泡消耗的功率小于原來的16倍，故D錯(cuò)誤；故選C。7.如圖所示，材料相同的物體、由輕繩連接，質(zhì)量分別為和，在恒定拉力的作用下沿固定斜面向上加速運(yùn)動(dòng)。則（）A.輕繩拉力的大小與斜面的傾角有關(guān)B.輕繩拉力的大小與物體和斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)有關(guān)C.輕繩拉力的大小為D.若改用同樣大小拉力沿斜面向下拉連接體加速運(yùn)動(dòng)，輕繩拉力的大小可能為零【答案】C【解析】ABC．以物體A、B及輕繩整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得解得再隔離B進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律得解得故繩子的拉力與斜面傾角無關(guān)，與動(dòng)摩擦因數(shù)無關(guān)，與兩物體的質(zhì)量有關(guān)，故C正確，AB錯(cuò)誤；D．若改用同樣大小拉力沿斜面向下拉連接體加速運(yùn)動(dòng)，整體由牛頓第二定律得解得再隔離A進(jìn)行分析，假設(shè)輕繩拉力的大小為零，則根據(jù)牛頓第二定律得解得故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，在一個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于圓平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有兩個(gè)質(zhì)量相等、所帶電荷量大小也相等的帶電粒子a和b，先后以不同的速率從圓邊沿的A點(diǎn)對(duì)準(zhǔn)圓形區(qū)域的圓心O射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，它們穿過磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。粒子之間的相互作用力及所受重力和空氣阻力均可忽略不計(jì)，下列說法中正確的是（）A.a、b兩粒子所帶電荷的電性相同B.射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)a粒子的速率較大C.穿過磁場(chǎng)區(qū)域的過程洛倫茲力對(duì)a做功較多D.穿過磁場(chǎng)區(qū)域的過程α粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)【答案】D【解析】A．粒子的運(yùn)動(dòng)偏轉(zhuǎn)軌跡相反，根據(jù)左手定則可知，粒子電性相反，故A錯(cuò)誤；B．粒子沿圓形磁場(chǎng)的直徑飛入，做出圓心如圖所示：由圖可知粒子在磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力解得兩粒子的質(zhì)量和電荷量大小相等，所以故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力始終與速度垂直，不做功，故C錯(cuò)誤；D．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期圓心角為，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間兩粒子的質(zhì)量和電荷量大小相等，所以周期相等，因?yàn)樗源┻^磁場(chǎng)區(qū)域過程中所用時(shí)間故D正確。故選D。9.如圖所示，一物體在力F作用下沿水平桌面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。已知物體質(zhì)量為m，加速度大小為a，物體和桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，在物體移動(dòng)距離為x的過程中（）A.摩擦力做功大小與F方向無關(guān) B.合力做功大小與F方向有關(guān)C.F為水平方向時(shí)，F(xiàn)做功為 D.F做功的最小值為【答案】D【解析】A．設(shè)力F與水平方向的夾角為θ，則摩擦力為摩擦力的功即摩擦力的功與F的方向有關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．合力功可知合力功與力F方向無關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．當(dāng)力F水平時(shí)，則力F做功為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因合外力功為max大小一定，而合外力的功等于力F與摩擦力f做功的代數(shù)和，而當(dāng)時(shí)，摩擦力f=0，則此時(shí)摩擦力做功為零，此時(shí)力F做功最小，最小值為max，選項(xiàng)D正確。故選D。10.地球靜止衛(wèi)星的發(fā)射過程可以簡(jiǎn)化如下：衛(wèi)星先在近地圓形軌道I上運(yùn)動(dòng)，在點(diǎn)A時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道II，到達(dá)軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入同步軌道III繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量保持不變，下列說法中正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度小于在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度B.衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能等于在軌道III上的機(jī)械能C.衛(wèi)星在軌道I上和軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期均與地球自轉(zhuǎn)周期相同D.衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度【答案】D【解析】A．由，解得可知衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星從軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需在A點(diǎn)火加速，衛(wèi)星從軌道Ⅱ進(jìn)入軌道III需在B點(diǎn)火加速，所以衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能小于在軌道III上的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C．由開普勒第三定律，可知衛(wèi)星在軌道I上的運(yùn)動(dòng)周期小于在軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期，軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，故C錯(cuò)誤；D．由，可知可知衛(wèi)星在軌道III上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度，衛(wèi)星在軌道III上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率大于衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率，故衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度，故D正確。故選D。11.圖中箭頭所示的是真空中兩點(diǎn)電荷中垂線上某點(diǎn)p的場(chǎng)強(qiáng)方向，關(guān)于兩點(diǎn)電荷帶電性質(zhì)以及電量多少的判斷，下列選項(xiàng)中正確的是（）A.，且a、bB.，帶正電，帶負(fù)電C.，負(fù)電，正電D.，正電，負(fù)電【答案】A【解析】合場(chǎng)強(qiáng)向外，且夾在ap、bp連線之間偏右，則可知，且ab均為正電荷，兩點(diǎn)電荷電荷在P點(diǎn)的原場(chǎng)強(qiáng)如圖所示故選A。12.在一個(gè)很小的厚度為d的矩形半導(dǎo)體薄片上，制作四個(gè)電極E、F、M、N，它就成了一個(gè)霍爾元件，如圖所示．在E、F間通入恒定的電流I，同時(shí)外加與薄片垂直的磁場(chǎng)B，則薄片中的載流子（形成電流的自由電荷）就在洛倫茲力的作用下，向著與電流和磁場(chǎng)都垂直的方向漂移，使M、N間出現(xiàn)了電壓，稱為霍爾電壓UH．可以證明UH=kIB/d，k為霍爾系數(shù)，它的大小與薄片的材料有關(guān)．下列說法正確的是（）A.若M的電勢(shì)高于N的電勢(shì)，則載流子帶正電B.霍爾系數(shù)k較大的材料，其內(nèi)部單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目較多C.借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強(qiáng)計(jì)（測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度）D.霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場(chǎng)的洛侖茲力越小【答案】C【解析】根據(jù)左手定則可知正流子向N偏轉(zhuǎn)，即N帶正電，N的電勢(shì)高于M的電勢(shì)，A錯(cuò)誤；設(shè)上下兩個(gè)表面相距為L(zhǎng)，電子所受的電場(chǎng)力等于洛侖茲力，設(shè)材料單位體積內(nèi)電子的個(gè)數(shù)為n，材料截面積為S，，，聯(lián)立解得：，令，則，所以根據(jù)可知單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目，隨著霍爾系數(shù)越大，而越小，B錯(cuò)誤；根據(jù)可得，故借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強(qiáng)計(jì)（測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度），C正確；載流子受到的洛倫茲力，霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場(chǎng)的洛侖茲力越大，D錯(cuò)誤．13.飛輪儲(chǔ)能是一種利用高速旋轉(zhuǎn)的飛輪來儲(chǔ)存和釋放能量的技術(shù)。飛輪能儲(chǔ)存能量，是因?yàn)檗D(zhuǎn)動(dòng)的物體具有動(dòng)能。如圖所示，將飛輪簡(jiǎn)化為圓盤，可繞通過其圓心且與圓盤平面垂直的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)?？梢园褕A盤分成很多小塊，任取一小塊都能利用來計(jì)算其動(dòng)能，將所有小塊的動(dòng)能累加即可以求得飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)的動(dòng)能。下列說法正確的是（）A.飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能與其轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度平方成反比B.若飛輪質(zhì)量均勻，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，轉(zhuǎn)軸所受合力為0C.若飛輪質(zhì)量不均勻，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，轉(zhuǎn)軸將受恒力作用D.保持角速度不變，若飛輪改為繞其直徑轉(zhuǎn)動(dòng)，則其動(dòng)能不變【答案】B【解析】A．由，可得可知?jiǎng)幽芘c其轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度平方成正比，故A錯(cuò)誤；B．若飛輪質(zhì)量均勻，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，轉(zhuǎn)軸對(duì)與其接觸的部分的向里的拉力提供向心力，則由牛頓第三定律可知，與轉(zhuǎn)軸接觸的部分對(duì)轉(zhuǎn)軸的拉力向外，向外的拉力的合力為0，故B正確；C．若飛輪質(zhì)量不均勻，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，一般情況下（質(zhì)量分布不對(duì)稱），轉(zhuǎn)軸將受到指向飛輪某部位的力的作用，方向時(shí)刻在改變，不是恒力，故C錯(cuò)誤；D．繞其直徑轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的轉(zhuǎn)動(dòng)慣量小于繞通過圓心與圓盤平面垂直的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的轉(zhuǎn)動(dòng)慣量，由公式，可知繞通過圓心與圓盤平面垂直的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能較大，故D錯(cuò)誤。故選B。14.當(dāng)波源與觀測(cè)者發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀測(cè)者接收到波的頻率發(fā)生變化，這是我們熟悉的多普勒效應(yīng)。觀測(cè)者和波源之間的距離變化越快，多普勒效應(yīng)越明顯。原子吸收和發(fā)出某些特定波長(zhǎng)的電磁波，因此我們觀察到的某顆恒星的光譜包含由此恒星的大氣層中的原子引起的吸收譜線。已知鈉原子具有一條波長(zhǎng)為的特征譜線。研究人員在觀測(cè)某遙遠(yuǎn)雙恒星系統(tǒng)的光譜時(shí)，從時(shí)開始在表中記錄對(duì)于鈉線的吸收光譜，其中1號(hào)恒星和2號(hào)恒星吸收光譜的波長(zhǎng)分別為和。假定研究人員處于雙星運(yùn)動(dòng)所在平面，雙星均近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且不考慮雙恒星系統(tǒng)質(zhì)心的運(yùn)動(dòng)。不考慮相對(duì)論效應(yīng)和宇宙膨脹的影響。關(guān)于該雙恒星系統(tǒng)，下列說法不正確的是（）0.35893.1589750.65892.85897.70.95893.75897.21.25896.25896.21.55897.35895.11.85898.75894.32.15899.05894.12.45898.15894.62.75896.45895.63.0589455896.73.35893.15897.33.65892.85897.73.9589375897.2A.雙恒星繞質(zhì)心轉(zhuǎn)動(dòng)的周期約為B.觀測(cè)到波長(zhǎng)為的光是1號(hào)恒星遠(yuǎn)離觀測(cè)者時(shí)發(fā)出的C.在間觀測(cè)到波長(zhǎng)為的光是2號(hào)恒星在距離觀測(cè)者最遠(yuǎn)位置附近發(fā)出的D.通過比較觀測(cè)波長(zhǎng)變化量，可判斷1號(hào)恒星轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較小【答案】CD【解析】A．由表中記錄的數(shù)據(jù)，可知在期間，兩恒星吸收光譜的波長(zhǎng)是一個(gè)循環(huán)變化周期，則轉(zhuǎn)動(dòng)的周期約為，故A正確；B．觀測(cè)到光的波長(zhǎng)為，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，由多普勒效應(yīng)可知，它是1號(hào)恒星遠(yuǎn)離觀測(cè)者時(shí)發(fā)出的，故B正確；C．在間觀測(cè)到波長(zhǎng)為的光，波長(zhǎng)在逐漸減小，由多普勒效應(yīng)可知，2號(hào)恒星在逐漸接近觀測(cè)者，時(shí)，在距離觀測(cè)者最遠(yuǎn)位置附近，故C錯(cuò)誤；D．觀測(cè)波長(zhǎng)變化量，可知變化范圍較大，多普勒效應(yīng)更明顯，距離變化更快，線速度更大，可判斷1號(hào)恒星轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大，故D錯(cuò)誤。故選CD。第二部分本部分共6題，共58分。15.某同學(xué)用多用電表測(cè)量電阻。使用前，觀察到多用電表指針已經(jīng)對(duì)準(zhǔn)表盤左側(cè)的零刻度。使用時(shí)，先將選擇開關(guān)調(diào)到歐姆擋“”擋，再將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)圖1中的______旋鈕（選填“A”“B”或“C”），使指針指到表盤右側(cè)的零刻度處；然后將紅、黑表筆接在電阻兩端，發(fā)現(xiàn)指針的位置如圖2所示，則該電阻的阻值約為______Ω?！敬鸢浮緾6.0##6【解析】[1]進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，需要將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)圖1中的歐姆調(diào)零旋鈕，即調(diào)節(jié)C；[2]根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為16.“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)如圖所示，同學(xué)們?cè)诓僮鬟^程中有如下討論，其中對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有益的說法是（）A.兩根細(xì)繩必須等長(zhǎng)B.橡皮筋應(yīng)與兩繩夾角的平分線在同一直線上C.在使用彈簧秤時(shí)要注意使彈簧秤與木板平面平行D.拉橡皮筋的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些【答案】CD【解析】A．通過兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條時(shí)，并非要求兩細(xì)繩等長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．橡皮筋不需要與兩繩夾角的平分線在同一直線上，故B錯(cuò)誤；C．為了減小實(shí)驗(yàn)中因摩擦造成的誤差，操作中要求彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，故C正確；D．為了更加準(zhǔn)確地記錄力的方向，拉橡皮條的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，故D正確。故選CD。17.某同學(xué)通過雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測(cè)量單色光的波長(zhǎng)。該同學(xué)調(diào)整好實(shí)驗(yàn)裝置后，保持雙縫間的距離不變，分別用圖3所示的氫原子在可見光區(qū)的四條譜線中的照射雙縫。四條譜線的波長(zhǎng)滿足（，其中對(duì)應(yīng)），式中的為里德伯常量。實(shí)驗(yàn)形成如圖所示的干涉圖樣，則圖甲對(duì)應(yīng)的譜線是___________。（填“”，“”）?！敬鸢浮俊窘馕觥考讏D條紋間距較寬，由可知，根據(jù)題意，由公式結(jié)合圖像可知、分別是氫原子從第4能級(jí)和第5能級(jí)躍遷到第2能級(jí)發(fā)出的光，由可知，第4能級(jí)躍遷到第2能級(jí)輻射光子能量較小，波長(zhǎng)較長(zhǎng)，即，則圖甲對(duì)應(yīng)的譜線是。18.在“測(cè)定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，所用測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)，待測(cè)金屬絲接入電路部分的長(zhǎng)度約為。（1）用伏安法測(cè)金屬絲的電阻。實(shí)驗(yàn)所用器材為：電池阻（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻約）、電流表（內(nèi)阻約、電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）、滑動(dòng)變阻器，額定電流、開關(guān)、導(dǎo)線若干。某小組同學(xué)利用以上器材正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量，記錄數(shù)據(jù)如下：次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，他們測(cè)量是采用圖中的___________圖（選填“甲”或“乙”）。（2）如圖2所示是測(cè)量的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，滑動(dòng)變阻器的滑片置于變阻器的一端，請(qǐng)根據(jù)（2）所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖中實(shí)物間的連線，并使閉合開關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞。（3）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立、坐標(biāo)系，如圖3所示，圖中已標(biāo)出了與測(cè)量數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的4個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)。請(qǐng)?jiān)趫D中標(biāo)出第3、5、6次測(cè)量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)，并描繪出圖線_________，由圖線得到金屬絲的阻值___________（保留兩位有效數(shù)字）。（4）該小組同學(xué)利用上述相同實(shí)驗(yàn)器材，分別按照（1）中圖甲和圖乙的電路圖正確連接電路和規(guī)范操作。將滑動(dòng)變阻器滑片從一端滑向另一端，探究電壓表示數(shù)與滑片移動(dòng)距離間的關(guān)系，滑動(dòng)變阻器電阻絲的總長(zhǎng)度為。請(qǐng)?jiān)趫D4中定性畫出圖甲和圖乙電路對(duì)應(yīng)的關(guān)系圖像，并分別用甲和乙標(biāo)出。【答案】（1）甲（2）（3）4.3##4.4##4.5##4.6##4.7（4）【解析】【小問1詳析】由題中表格數(shù)據(jù)可知，待測(cè)金屬絲電阻大約為若選擇乙圖，則電路中的最小電流為可見選乙圖電路中的最小電流大于表格中的最小電流，故選乙圖不可以，甲圖為分壓式電路，若選甲圖，待測(cè)金屬絲流過的電流可以從零開始，故選甲圖?！拘?詳析】實(shí)物連接如圖所示【小問3詳析】[1]圖線如圖所示[2]根據(jù)U-I圖線可得金屬絲的電阻為【小問4詳析】圖甲中，時(shí)，滑片位于滑動(dòng)變阻器最左端，電壓表示數(shù)為零，圖乙中，時(shí)，滑片位于滑動(dòng)變阻器最右端，電壓表示最小圖甲中，時(shí)，滑片位于滑動(dòng)變阻器最右端，電壓表示數(shù)最大圖乙中，時(shí)，滑片位于滑動(dòng)變阻器最左端，電壓表示數(shù)最大由于，所以，即圖線甲的最大值小于圖線乙的最大值。圖乙中，滑片移動(dòng)距離為時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的有效長(zhǎng)度為設(shè)金屬絲的橫截面積為S，則電壓表的示數(shù)為綜合分析可知隨著x的增大，電壓表示數(shù)增大得越快。圖甲中當(dāng)x很小時(shí)，干路中的電阻較大，滑動(dòng)端移動(dòng)一個(gè)小距離時(shí)引起的電壓變化量較小，當(dāng)x接近L時(shí)，干路電阻較小，滑動(dòng)端移動(dòng)一個(gè)小距離時(shí)引起的電壓變化量較大，即隨著x的增大，電壓表示數(shù)增大得越快。故圖像為19.如圖所示，光滑水平面內(nèi)存在一有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向如圖所示。一邊長(zhǎng)為的正方形單匝導(dǎo)線框位于水平面內(nèi)，某時(shí)刻導(dǎo)線框以垂直磁場(chǎng)邊界的初速度從磁場(chǎng)左邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)線框的質(zhì)量為、電阻為。求線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中（1）感應(yīng)電流的最大值；（2）線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；（3）線框進(jìn)入磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】線框產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流的最大值【小問2詳析】根據(jù)動(dòng)量定理，有其中平均電動(dòng)勢(shì)為聯(lián)立可得【小問3詳析】根據(jù)能量守恒可得線框進(jìn)入磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱20.如圖，一個(gè)質(zhì)量為的小球，在左側(cè)平臺(tái)上運(yùn)行一段距離后從邊緣點(diǎn)以的速度水平飛出，恰能沿圓弧切線從點(diǎn)進(jìn)入固定在地面上的豎直的圓弧管道，并繼續(xù)滑行。已知圓弧管道口內(nèi)徑遠(yuǎn)小于圓弧半徑與豎直方向的夾角是，平臺(tái)到地面的高度差為。取，，。求：（1）小球從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)所需的時(shí)間；（2）P點(diǎn)距地面的高度和圓弧半徑；（3）若通過最高點(diǎn)點(diǎn)時(shí)小球?qū)苌媳诘膲毫Υ笮?，求小球?jīng)過點(diǎn)時(shí)的速度大小?！敬鸢浮浚?）（2）；（3）【解析】【小問1詳析】對(duì)P點(diǎn)的速度矢量分解可得解得【小問2詳析】豎直方向小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，由由幾何關(guān)系，P點(diǎn)高度有幾何關(guān)系代入數(shù)據(jù)得【小問3詳析】通過最高點(diǎn)點(diǎn)時(shí)小球?qū)苌媳趬毫Υ笮?，由牛頓第三定律得，在最高點(diǎn)點(diǎn)時(shí)管上壁對(duì)小球的作用力大小為，則在點(diǎn)由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)得21.如圖1所示，把一個(gè)質(zhì)量為的小球連接在勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧的右端，彈簧的左端固定，小球置于光滑水平面，小球和彈簧組成的系統(tǒng)稱為彈簧振子。以彈簧原長(zhǎng)時(shí)小球的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，以水平向右為正方向建立坐標(biāo)軸。小球在運(yùn)動(dòng)過程中彈簧形變始終在彈性限度內(nèi)，忽略摩擦阻力的影響。（1）把小球拉向點(diǎn)的右方處，然后由靜止釋放，小球沿著坐標(biāo)軸做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。a.在圖2中畫出彈簧彈力隨變化的示意圖，并由此求出小球從點(diǎn)向處運(yùn)動(dòng)過程中，彈簧彈力對(duì)小球做的功。b.求小球從處運(yùn)動(dòng)到處的過程中，彈簧對(duì)小球的沖量。（2）彈簧振子在運(yùn)動(dòng)過程中，求彈簧彈力對(duì)小球做正功時(shí)，其瞬時(shí)功率的最大值?！敬鸢浮浚?）示意圖；，大小為，方向水平向左（2）【解析】【小問1詳析】a.以水平向右為正方向，則圖像與x軸圍成圖形的面積表示彈力F做的功，則功b.彈簧和小球整體的機(jī)械能守恒，有得小球在點(diǎn)速度大小為小球從處運(yùn)動(dòng)到處的過程中，由動(dòng)量定理，有解得彈簧對(duì)小球的沖量大小為，方向水平向左。【小問2詳析】位移大小為x時(shí)，由整體機(jī)械能守恒，有得速度大小彈力的瞬時(shí)功率大小得由數(shù)學(xué)不等式知識(shí)，可知當(dāng)時(shí)，即時(shí)，此時(shí)最大最大值為22.尋求守恒量，是解決物理問題的重要方法。（1）如圖1所示，用細(xì)線懸掛的三個(gè)完全相同的小球，靜止時(shí)恰能接觸且懸線平行，球心等高。把小球1向左拉起一定高度后由靜止釋放，小球3被彈起，已知所有的碰撞都是彈性碰撞，求碰后瞬間小球3上升的最大高度。（2）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)“電磁彈射”裝置，并將其簡(jiǎn)化成如圖2所示的模型。在水平光滑導(dǎo)軌上，固定著1個(gè)“載流線圈”，放置著兩個(gè)質(zhì)量均為的小磁鐵充當(dāng)“磁性彈頭”，彈頭