湖北省鄂北六校2021-2022學(xué)年高一下學(xué)期物理期中聯(lián)考試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要。下列說(shuō)法不符合史實(shí)的是（）A．開普勒通過對(duì)第谷的天文觀測(cè)數(shù)據(jù)的分析研究，發(fā)現(xiàn)了行星的運(yùn)動(dòng)規(guī)律B．牛頓通過演繹推理得出了萬(wàn)有引力定律，并通過實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量C．卡文迪什的扭秤實(shí)驗(yàn)和庫(kù)侖扭秤實(shí)驗(yàn)的相似性，體現(xiàn)了“類比”是一種重要的思維方式D．法拉第提出了場(chǎng)的觀點(diǎn)，并用電場(chǎng)線形象地描述電場(chǎng)2．2021年10月16日00時(shí)23分，搭載三名宇航員翟志剛、王亞平、葉光富的神舟十三號(hào)載人飛船順利升空并成功與中國(guó)空間站對(duì)接，開展為期6個(gè)月的長(zhǎng)期駐留并進(jìn)行各項(xiàng)科研活動(dòng)。下列四幅圖中的行為可以在空間站內(nèi)完成的是（）A．如圖甲，用水杯喝水B．如圖乙，用沉淀法將水與沙子分離C．如圖丙，用臺(tái)秤稱量物體的質(zhì)量D．如圖丁，給物體一個(gè)很小的初速度，小球能在拉力作用下在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)3．下列關(guān)于電場(chǎng)的描述中，說(shuō)法正確的是（）A．電場(chǎng)強(qiáng)度E=Fq、加速度B．將頭發(fā)碎屑懸浮在蓖麻油里，加上電場(chǎng)后，頭發(fā)碎屑的分布情況就是電場(chǎng)線C．元電荷是自然界中存在的最小電荷量，實(shí)質(zhì)上就是電子和質(zhì)子D．超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服，利用了靜電屏蔽的原理4．2021年2月10日19時(shí)52分，“天問一號(hào)”探測(cè)器實(shí)施近火捕獲，順利進(jìn)入近火點(diǎn)的高度約400千米軌道，周期約為10個(gè)地球日，成為我國(guó)第一顆人造火星衛(wèi)星，實(shí)現(xiàn)了“繞、落、巡”目標(biāo)的第一步。如圖為“天問一號(hào)”探測(cè)器經(jīng)過多次變軌后登陸火星前的部分軌跡圖，軌道I、軌道II、軌道III相切于P點(diǎn)，軌道III為環(huán)繞火星的圓形軌道，P、S兩點(diǎn)分別是橢圓軌道的近火星點(diǎn)和遠(yuǎn)火星點(diǎn)，圖中P、S、Q三點(diǎn)與火星中心共線，下列說(shuō)法正確的是（）A．探測(cè)器在P點(diǎn)由軌道I進(jìn)入軌道II需要點(diǎn)火加速B．探測(cè)器在軌道II上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間大于在軌道III上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間C．探測(cè)器在軌道I上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度大于在軌道II上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度D．探測(cè)器在Q點(diǎn)的機(jī)械能大于在軌道II上P點(diǎn)的機(jī)械能5．如圖所示，粗糙水平軌道AB與半徑為R的光滑半圓形軌道BC相切于B點(diǎn)，P點(diǎn)為半圓形軌道上與圓心O等高的一點(diǎn)?，F(xiàn)將一小滑塊以初動(dòng)能Ek從A點(diǎn)開始向右運(yùn)動(dòng)，并進(jìn)入半圓形軌道，小滑塊恰好能到達(dá)半圓形軌道的P點(diǎn)；若小滑塊以初動(dòng)能2Ek從A點(diǎn)開始向右運(yùn)動(dòng)，小滑塊恰好能到達(dá)半圓形軌道的最高點(diǎn)C，已知小滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則粗糙水平軌道AB間距離為（）A．R2μ B．Rμ C．3R2μ6．已知無(wú)窮大均勻帶電平板在其周圍空間激發(fā)與板面垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)?，F(xiàn)在水平無(wú)窮大帶電平板MN上方某位置固定一點(diǎn)電荷?Q。一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球以點(diǎn)電荷Q為圓心在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其中AC、BD分別為圓周軌跡的水平和豎直直徑，不計(jì)空氣阻力，忽略帶電小球激發(fā)的電場(chǎng)影響，重力加速度為g，靜電力常量為k，下列說(shuō)法正確的是（）A．水平無(wú)窮大帶電平板激發(fā)的勻強(qiáng)電場(chǎng)方向向下B．圓周上的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)在B點(diǎn)有最小值，在D點(diǎn)有最大值C．無(wú)窮大平板在空間激發(fā)的勻強(qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為mgD．若A、C兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相互垂直，則小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為kQq7．如圖甲所示，傾角為30°的斜面固定在水平地面上，一木塊以一定的初速度從斜面底端開始上滑。若斜面足夠長(zhǎng)，上滑過程中木塊的機(jī)械能和動(dòng)能隨位移變化的關(guān)系圖線如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A．木塊上滑過程中，重力勢(shì)能增加了4B．木塊受到的摩擦力大小為EC．木塊的重力大小為2D．木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為3二、多選題8．2021年10月，中國(guó)發(fā)射了首顆太陽(yáng)探測(cè)科學(xué)技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星“羲和號(hào)”，用于實(shí)現(xiàn)太陽(yáng)Hα波段光譜成像的空間探測(cè)。該衛(wèi)星軌道為圓軌道，通過地球南北兩極上方，離地高度約為517kmA．a(chǎn)的線速度大于b的線速度B．a(chǎn)的角速度小于c的角速度C．a(chǎn)的向心加速度小于b的向心加速度D．a(chǎn)的向心加速度大于c的向心加速度9．如圖所示，一直角斜面體固定在水平地面上，左側(cè)斜面傾角為60°，右側(cè)斜面傾角為30°，A、B兩個(gè)物體分別系于一根跨過定滑輪的輕繩兩端且分別置于斜面上，兩物體下邊緣位于同一高度且處于平衡狀態(tài)，不考慮所有的摩擦，滑輪兩邊的輕繩都平行于斜面，若剪斷輕繩，讓物體從靜止開始沿斜面滑下，下列敘述正確的是（）A．沿斜面下滑至著地過程，重力對(duì)兩物體做的功相同B．著地瞬間，兩物體的動(dòng)能相同C．沿斜面下滑至著地過程，重力對(duì)兩物體做功的平均功率相同D．著地瞬間，重力對(duì)兩物體做功的瞬時(shí)功率相同10．將一定質(zhì)量的小球放在豎立的彈簧上，彈簧的下端固定，現(xiàn)把小球按至A點(diǎn)位置靜止（如圖甲），迅速松手后，彈簧把小球彈起，小球升至最高位置C點(diǎn)（如圖乙），途中經(jīng)過位置B點(diǎn)時(shí)，彈簧正好處于自由狀態(tài)，彈簧的質(zhì)量和空氣阻力均忽略不計(jì)，則（）A．小球剛脫離彈簧時(shí)的動(dòng)能最大B．從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，小球重力勢(shì)能的增加量小于彈簧彈性勢(shì)能的減小量C．上升過程的某一階段，小球的動(dòng)能減小，而機(jī)械能增加D．從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)，小球克服重力做的功大于彈簧彈力做的功11．如圖所示，一絕緣且粗糙程度相同的豎直細(xì)桿處于兩固定的等量異種點(diǎn)電荷+Q、-Q的連線的中垂線上，A、O、B為細(xì)桿上的三點(diǎn)，O為+Q、-Q連線的中點(diǎn)，AO=BO。現(xiàn)有電荷量為+q、質(zhì)量為m的小球套在桿上，從A點(diǎn)起以初速度v0向B滑動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0，則（）A．在A點(diǎn)時(shí)小球加速度的方向向上B．小球從A到B運(yùn)動(dòng)過程中先加速后減速C．小球從A到O與從O到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等D．從A到B小球受到的電場(chǎng)力的方向始終水平向右三、實(shí)驗(yàn)題12．如圖1所示，在使用向心力演示器探究向心力大小的表達(dá)式實(shí)驗(yàn)中：（1）下列實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)方法與本實(shí)驗(yàn)相同的是____。A．探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律B．探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系C．伽利略對(duì)自由落體的研究（2）通過本實(shí)驗(yàn)可以得到的結(jié)果有____。A．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比B．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成反比C．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比D．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比（3）某同學(xué)用傳感器測(cè)出小球做圓周運(yùn)動(dòng)向心力F的大小和對(duì)應(yīng)的周期T，獲得多組數(shù)據(jù)，畫出了如圖2所示的圖像，該圖像是一條過原點(diǎn)的直線，則圖像橫坐標(biāo)x代表的是（填T、T2或13．某物理興趣小組利用如圖甲實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。m2從一定高度由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。如圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：O是打下的第一個(gè)點(diǎn)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz。（1）下面列舉該實(shí)驗(yàn)的幾個(gè)操作步驟：A．按照?qǐng)D示的裝置安裝器件，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到交流電源上B．先釋放m2C．測(cè)量紙帶上某些點(diǎn)間的距離D．根據(jù)測(cè)量的結(jié)果，分別計(jì)算系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能和增加的動(dòng)能；其中操作不當(dāng)?shù)牟襟E是______（填選項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）。（2）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)的速度v=m/（3）在打計(jì)數(shù)點(diǎn)O至B過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量ΔEk=J，系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量ΔE（4）某同學(xué)根據(jù)選取的紙帶的打點(diǎn)情況做進(jìn)一步分析，作出m2獲得的速度v的平方隨下落的高度h的變化圖像如圖丙所示，據(jù)此可計(jì)算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=m四、解答題14．2022年2月4日北京冬奧會(huì)成功舉行，為世界奉獻(xiàn)了一屆簡(jiǎn)約、安全、精彩的體育盛會(huì)。比賽實(shí)況通過在地球同步軌道的“中星9B”衛(wèi)星向全球直播。冬奧跳臺(tái)滑雪項(xiàng)目被稱為勇敢者的運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員在落差100多米的山地間飛翔。某運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)可簡(jiǎn)化為從傾角為θ的斜面的跳臺(tái)上做初速度為v0（1）地球表面的重力加速度g；（2）該“中星9B”衛(wèi)星距離地面的高度h。15．如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量大小為q的小球，用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，假設(shè)電場(chǎng)分布范圍足夠大，靜止時(shí)細(xì)線向左偏離豎直方向夾角為37°。小球在運(yùn)動(dòng)過程中電荷量保持不變，重力加速度為（1）小球的電性及勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小；（2）若將原電場(chǎng)方向改為豎直向下，大小保持不變，則小球從圖示位置由靜止釋放后運(yùn)動(dòng)過程中細(xì)線的最大拉力大小。16．如圖所示，在離粗糙水平直軌道CD高h(yuǎn)1=0.2m處的A點(diǎn)有一質(zhì)量m=1kg的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），現(xiàn)將物塊以某一初速度水平拋出后，恰好能從B點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入光滑圓弧形軌道BC。B點(diǎn)距水平直軌道CD的高度h2=0.05m，O點(diǎn)為圓弧形軌道BC的圓心，圓心角為θ=60°，圓弧形軌道最低點(diǎn)C與長(zhǎng)為（1）物塊從A點(diǎn)剛拋出時(shí)的初速度大小；（2）物塊運(yùn)動(dòng)至圓弧形軌道最低點(diǎn)C時(shí)，物塊對(duì)軌道的壓力大?。唬?）若物塊與墻壁發(fā)生碰撞且最終停在軌道CD上，則物塊與軌道CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ應(yīng)滿足的條件。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．開普勒通過對(duì)第谷的天文觀測(cè)數(shù)據(jù)的分析研究，發(fā)現(xiàn)了行星的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，A正確，不符合題意；B．牛頓通過演繹推理得出了萬(wàn)有引力定律，由卡文迪許測(cè)得引力常量數(shù)值，B錯(cuò)誤，符合題意；C．卡文迪什的扭秤實(shí)驗(yàn)和庫(kù)侖扭秤實(shí)驗(yàn)的相似性，體現(xiàn)了“類比”是一種重要的思維方式，C正確，不符合題意；D．法拉第提出了場(chǎng)的觀點(diǎn)，并用電場(chǎng)線形象地描述電場(chǎng)，D正確，不符合題意。故答案為：B。

【分析】卡文迪許利用實(shí)驗(yàn)測(cè)量出的引力常量；其牛頓提出了萬(wàn)有引力定律。2．【答案】D【解析】【解答】A．甲圖中水杯中的水處于完全失重狀態(tài)，水不會(huì)因重力而倒入嘴中，A不符合題意；B．乙圖中沙子處于完全失重狀態(tài)，不能通過沉淀法與水分離，B不符合題意；C．丙圖中宇宙飛船中的物體處于完全失重狀態(tài)，對(duì)臺(tái)秤的壓力為零，無(wú)法通過臺(tái)秤測(cè)量物體的質(zhì)量，C不符合題意；D．丁圖中給物體一個(gè)很小的初速度，小球能在拉力作用下在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，是繩子拉力充當(dāng)向心力，可以完成，D符合題意。故答案為：D。

【分析】由于水處于完全失重所以不能倒入嘴中；其沙子與水處于完全失重所以不能進(jìn)行分離；由于物體處于完全失重所以對(duì)臺(tái)秤的壓力等于0.3．【答案】D【解析】【解答】A．電場(chǎng)強(qiáng)度E=Fq是采用比值定義法；a=采用了比值定義法，A不符合題意；B．電場(chǎng)線是理想模型，實(shí)際上不存在，B不符合題意；C．元電荷的帶電量等于質(zhì)子電子的帶電量，但元電荷是理想模型，現(xiàn)實(shí)中不存在，C不符合題意；D．工作服內(nèi)部有金屬網(wǎng)，形成了一個(gè)法拉第籠，利用了靜電屏蔽原理，D符合題意。故答案為：D。

【分析】其加速度的表達(dá)式不屬于比值定義法；其電場(chǎng)線是理想模型，實(shí)際不存在；元電荷不等于質(zhì)子與電子。4．【答案】B【解析】【解答】A.探測(cè)器在P點(diǎn)由軌道I進(jìn)入軌道II需要制動(dòng)減速，A不符合題意；B.由于軌道II的半長(zhǎng)軸大于軌道III的半徑，所以根據(jù)開普勒第三定律可知探測(cè)器在軌道II的運(yùn)行周期大于在軌道III的運(yùn)行周期，因此探測(cè)器在軌道II上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間大于在軌道III上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間，B符合題意；C.根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律可知探測(cè)器在軌道I上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度等于在軌道II上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度，C不符合題意；D.探測(cè)器在P點(diǎn)由軌道II進(jìn)入軌道III需要制動(dòng)減速，所以探測(cè)器在軌道II上P點(diǎn)的機(jī)械能大于在軌道III上P點(diǎn)的機(jī)械能，又因?yàn)樘綔y(cè)器在軌道III上運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，所以探測(cè)器在Q點(diǎn)的機(jī)械能小于在軌道II上P點(diǎn)的機(jī)械能，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】其探測(cè)器從I軌道到II軌道需要制動(dòng)減速；利用開普勒第三定律可以比較其探測(cè)器運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用牛頓第二定律可以判別探測(cè)器經(jīng)過P點(diǎn)的加速度相同；利用其變軌時(shí)需要加速所以其探測(cè)器在Q的機(jī)械能小于在軌道II的P點(diǎn)的機(jī)械能。5．【答案】A【解析】【解答】從A到P點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理?mgR?μmg小滑塊恰好能到達(dá)半圓形軌道的最高點(diǎn)C，根據(jù)牛頓第二定律可得mg=m從A到C點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理?mg?2R?μmg聯(lián)立解得L故答案為：A。

【分析】利用其滑塊恰好經(jīng)過C點(diǎn)，結(jié)合其AP和AC過程的動(dòng)能定理可以求出AB之間的距離。6．【答案】C【解析】【解答】A．帶電荷量為+q的小球以點(diǎn)電荷Q為圓心在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知庫(kù)侖力提供向心力，則有重力和無(wú)窮大平板對(duì)小球的電場(chǎng)力平衡，可知小球受平板的電場(chǎng)力方向豎直向上，小球帶正電，所以水平無(wú)窮大帶電平板激發(fā)的勻強(qiáng)電場(chǎng)方向向上，A不符合題意；B．點(diǎn)電荷Q在圓周上固定點(diǎn)B、D兩點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向分別是向上和向下，所以在B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為兩分場(chǎng)強(qiáng)大小之和，在D點(diǎn)為兩者大小之差，因此圓周上的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)在B點(diǎn)有最大值，在D點(diǎn)有最小值，B不符合題意；C．小球受重力、平板勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力和點(diǎn)電荷Q的庫(kù)侖力，因小球在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)電荷Q的庫(kù)侖力提供向心力，則有重力和平板勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力平衡，由平衡條件可得qE=mg則有無(wú)窮大平板在空間激發(fā)的勻強(qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=C符合題意；D．若A、C兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相互垂直，則兩分場(chǎng)強(qiáng)在兩點(diǎn)處于水平方向的夾角均為45°，則有kQR=D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用其重力與電場(chǎng)力平衡可以判別小球受到其平板電場(chǎng)力的方向，利用其電場(chǎng)力方向可以判別電場(chǎng)的方向；利用其場(chǎng)強(qiáng)的疊加可以比較電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；利用其平衡方程可以求出勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；利用其牛頓第二定律可以求出小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑。7．【答案】B【解析】【解答】A．由圖乙可知，木塊位移為x0時(shí)，動(dòng)能為0，機(jī)械能為2E0，重力勢(shì)能增加了2E0，A不符合題意；B．由圖乙可知，克服摩擦做功損失的機(jī)械能為ΔE=3木塊受到的摩擦力大小為f=μmgB符合題意；CD．由動(dòng)能定理得?(mg解得mg=μ=CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用其木塊x0位置的動(dòng)能和機(jī)械能的大小可以求出重力勢(shì)能的增量；利用其功能關(guān)系結(jié)合機(jī)械能的損失可以求出摩擦力做功的大小，結(jié)合摩擦力做功可以求出摩擦力的大??；利用其動(dòng)能定理可以求出其重力及動(dòng)摩擦力因數(shù)的大小。8．【答案】A,D【解析】【解答】A．b衛(wèi)星的軌道半徑大于a衛(wèi)星的軌道半徑，由v=知a的線速度大于b的線速度，A符合題意；B．b衛(wèi)星的軌道半徑大于a衛(wèi)星的軌道半徑，由ω=知a的角速度大于b的角速度，又b角速度等于c的角速度，所以a的角速度大于c的角速度，B不符合題意；C．b衛(wèi)星的軌道半徑大于a衛(wèi)星的軌道半徑，由a知a的向心加速度大于b的向心加速度，C不符合題意；D．a(chǎn)的向心加速度大于b的向心加速度，又由a知b的向心加速度大于c的向心加速度，所以a的向心加速度大于c的向心加速度，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用其引力提供向心力結(jié)合半徑的大小可以比較衛(wèi)星的線速度、角速度和向心加速度的大??；利用同步衛(wèi)星與赤道上物體角速度相等，結(jié)合半徑的大小可以比較其向心加速度的大小。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．兩物體靜止時(shí)m則3沿斜面下滑至著地過程，根據(jù)W可知重力對(duì)兩物體做的功不相同，A不符合題意；B．根據(jù)動(dòng)能定理E可知著地瞬間，兩物體的動(dòng)能不相同，B不符合題意；C．沿斜面下滑至著地過程，根據(jù)hP可得P而m可知，重力對(duì)兩物體做功的平均功率相同，C符合題意；D．著地瞬間，重力對(duì)兩物體做功的瞬時(shí)功率P而m可知，重力對(duì)兩物體做功的瞬時(shí)功率相同，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】當(dāng)兩個(gè)物體靜止時(shí)，利用平衡方程可以求出兩個(gè)物體質(zhì)量的大小關(guān)系，結(jié)合其重力做功可以比較重力做功的大??；利用動(dòng)能定理可以比較落地瞬間動(dòng)能的大??；利用其位移公式結(jié)合重力做功可以比較平均功率的大小；利用重力和豎直方向的分速度可以比較瞬時(shí)功率的大小。10．【答案】B,C【解析】【解答】A．小球從A上升到B位置的過程中，彈簧的彈力先大于重力，后小于重力，小球的合力先向上后向下，則小球先加速后減速，當(dāng)彈簧的彈力等于重力時(shí)，合力為零，小球的速度達(dá)到最大，速度最大位置在AB之間，A不符合題意；B．從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，小球和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球在B點(diǎn)小球的動(dòng)能大于A點(diǎn)的動(dòng)能，所以小球重力勢(shì)能的增加量小于彈簧彈性勢(shì)能的減小量，B符合題意；C．上升過程中小球從速度最大位置到B點(diǎn)，小球的動(dòng)能減小，彈簧彈性勢(shì)能減小，而小球的機(jī)械能增加，C符合題意；D．從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)，由動(dòng)能定理可知W所以小球克服重力做的功等于彈簧彈力做的功，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用其彈力的變化結(jié)合其牛頓第二定律可以判別加速度的大小及方向變化；利用其加速度等于0可以判別速度最大的位置；利用其能量守恒定律可以比較彈性勢(shì)能減少量及重力勢(shì)能增量的大??；利用其彈力做功可以判別小球機(jī)械能增加；利用動(dòng)能定理可以判別其小球克服重力做功等于其彈力做功的大小。11．【答案】A,D【解析】【解答】A．到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0，可知到達(dá)B點(diǎn)時(shí)小球做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向上，小球在AB兩點(diǎn)受力相同，因此加速度相同，A符合題意；B．對(duì)小球受力分析可知f?mg=maf=μFF從A到B過程中r先減小后增大θ也是先減小后增大，故支持力先增大后減小，摩擦力先增大后減小，加速度先增大后減小，且方向一直向上，因此小球一直在做減速運(yùn)動(dòng)，B不符合題意；C．根據(jù)x=因?yàn)锳O段平均速度較大所以AO段時(shí)間較短，C不符合題意；D．等量異種電荷在中垂線上合場(chǎng)強(qiáng)方向沿水平向右，正電荷受到電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用小球水平方向的受力平衡可以判別其壓力的大小及方向，結(jié)合牛頓第二定律可以比較加速度；利用其摩擦力的方向可以判別其小球做減速運(yùn)動(dòng)；利用其平均速度的大小可以比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用其電場(chǎng)線的方向可以判別電荷受到的電場(chǎng)力方向。12．【答案】（1）B（2）A（3）T-2【解析】【解答】（1）本實(shí)驗(yàn)所用的研究方法是控制變量法，與驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)方法相同；而探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律采用了等效替代的方法；伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究，采用了把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）相結(jié)合的實(shí)驗(yàn)方法；故答案為：B。（2）A．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比，A符合題意；BC．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度平方成正比，BC不符合題意；D．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，D不符合題意；故答案為：A。（3）根據(jù)F=m可知縱坐標(biāo)表示F，則圖像的橫坐標(biāo)x表示的物理量是1T2，即

【分析】（1）其探究牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)及探究向心力大小的影響因數(shù)都是使用控制變量法；

（2）利用其向心力的表達(dá)式可以判別其向心力與質(zhì)量、半徑及角速度的大小關(guān)系；

（3）利用其向心力與周期的關(guān)系可以判別橫坐標(biāo)的物理量。13．【答案】（1）B（2）2.05（3）0.63；0.64；在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒（4）9.78【解析】【解答】（1）步驟B中應(yīng)該是先接通電源，再釋放m2（2）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)的速度v（3）在打計(jì)數(shù)點(diǎn)O至B過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量Δ重力勢(shì)能的減少量Δ由此得出的結(jié)論是在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒；（4）由關(guān)系式1可得v由圖像可知2解得g=9.78m/s2

【分析】（1）實(shí)驗(yàn)應(yīng)該先接通電源后釋放物體；

（2）利用平均速度公式可以求出經(jīng)過B點(diǎn)瞬時(shí)速度的大??；

（3）利用其速度的大小結(jié)合質(zhì)量的大小可以求出動(dòng)能的增量；利用其高度變化可以求出重力勢(shì)能變化量的大??；

（4）利用機(jī)械能守恒定律結(jié)合圖像斜率可以求出其重力加速度的大小。14．【答案】（1）