…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人教版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、氫原子能級(jí)圖的一部分如圖所示，a、b、c分別表示氫原子在不同能級(jí)間的三種躍遷途徑，設(shè)在a、b、c三種躍遷過程中，放出光子的能量和波長(zhǎng)分別是Ea、Eb、Ec和λa、λb、λc，則()

A.B.C.D.2、關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)，下列敘述正確的是()A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.布朗運(yùn)動(dòng)就是固體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.布朗運(yùn)動(dòng)說明液體分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)D.布朗運(yùn)動(dòng)說明固體分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)3、如圖所示，水平固定放置的足夠長(zhǎng)的U形金屬導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在導(dǎo)軌上放著金屬棒ab，開始時(shí)ab棒以水平初速度v0向右運(yùn)動(dòng)；最后靜止在導(dǎo)軌上，就導(dǎo)軌光滑和導(dǎo)軌粗糙的兩種情況相比較，這個(gè)過程（）

A.安培力對(duì)ab棒所做的功相等B.電流所做的功相等C.產(chǎn)生的總熱量相等D.通過ab棒的電荷量相等4、導(dǎo)體的電阻是4Ω，在120s內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量是480C，這時(shí)加在導(dǎo)體兩端的電壓是（）A.960VB.16VC.1VD.60V5、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置,其核心部分是分別與高頻交變電源兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒,兩盒間的狹縫中有周期性變化的電場(chǎng),使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速,兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)方向如圖所示．若用此回旋加速器加速質(zhì)子時(shí),勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,高頻交變電流頻率為f．則下列說法正確的是()

A.質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場(chǎng)的電壓大小有關(guān)B.高頻電源只能使用方形交變電源,不能使用正弦式交變電源C.不改變B和f,該回旋加速器也能用于加速氦核D.若此加速器能把質(zhì)子加速到最大速度為v，當(dāng)外加磁場(chǎng)一定，把高頻交變電源頻率改為f/2，則可把氦核加速到最大速度為v/26、根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式可知，對(duì)于電場(chǎng)中確定的點(diǎn)，下列說法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷受到的電場(chǎng)力成正比，與試探電荷的電荷量成反比B.試探電荷的電荷量q不同時(shí)，受到的電場(chǎng)力F也不同，場(chǎng)強(qiáng)也不同C.試探電荷的電性不同，受到的電場(chǎng)力的方向不同，場(chǎng)強(qiáng)的方向也不同D.電場(chǎng)強(qiáng)度由電場(chǎng)本身決定，與是否放置試探電荷及試探電荷的電荷量、電性均無關(guān)7、如圖所示；小車與木箱緊挨著靜放在光滑的水平冰面上，現(xiàn)有一男孩站在小車上用力向右迅速推出木箱，關(guān)于上述過程，下列說法正確的是。

A.男孩與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.男孩與木箱組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.小車與木箱組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.男孩、小車與木箱組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒8、如圖所示的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)()

A.電壓表的讀數(shù)減小B.R1消耗的功率增大C.電源的輸出功率增大D.電容器C所帶電荷量增多9、圖甲所示為氫原子的能級(jí)，圖乙為氫原子的光譜．已知譜線a是氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)的輻射光，則譜線b可能是氫原子（）時(shí)的輻射光。

A.從的能級(jí)躍遷到的能級(jí)B.從的能級(jí)躍遷到的能級(jí)C.從的能級(jí)躍遷到的能級(jí)D.從的能級(jí)躍遷到的能級(jí)評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻r．閉合電鍵S，電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I,在滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端滑到b端的過程中（）

A.U先變大后變小B.I先變大后變小C.U與I的比值先變小后變大D.U變化量與I變化量的比值不變11、如圖所示是一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)變化圖線。已知a→d是等溫膨脹過程；則對(duì)于圖中所示的4個(gè)過程中，以下說法中錯(cuò)誤的是（）

A.a→b過程氣體對(duì)外做功最多，內(nèi)能增加也最多B.a→c可能既不吸熱也不放熱C.a→e過程氣體內(nèi)能的減少量不可能恰好等于氣體對(duì)外做的功E.b、c、d、e點(diǎn)溫度高低是E.b、c、d、e點(diǎn)溫度高低是12、利用小直流電動(dòng)機(jī)提升質(zhì)量為m1的物體A，如圖a所示，最終物體能以某一速度勻速上升．小直流電動(dòng)機(jī)可以簡(jiǎn)化為如圖b中的模型．開關(guān)S閉合后，金屬棒在安培力作用下運(yùn)動(dòng)，通過輕繩帶動(dòng)物體A上升．設(shè)金屬棒與兩平行導(dǎo)軌始終垂直，導(dǎo)軌間距為l，磁場(chǎng)方向豎直向上，面積足夠大，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．金屬棒質(zhì)量為m2；電阻為R，電源電動(dòng)勢(shì)為E，忽略一切摩擦和電源；導(dǎo)軌內(nèi)阻．現(xiàn)已知物體A勻速上升，則。

A.電路中的電流為B.電路中的電流為C.物體A勻速上升的速度為D.物體A勻速上升的速度為13、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播,t=0時(shí)的波形如圖所示,質(zhì)點(diǎn)A與質(zhì)點(diǎn)B相距2m,質(zhì)點(diǎn)A的速度沿y軸正方向:t=0.01s時(shí),質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)正向最大位移處,由此可知；

A.此波的傳播速度為100m/sB.此波沿x軸負(fù)方向傳播C.此波沿x軸正方同傳播E.在t=0.02s時(shí),質(zhì)點(diǎn)B處在平衡位置,速度沿y軸正方向E.在t=0.02s時(shí),質(zhì)點(diǎn)B處在平衡位置,速度沿y軸正方向14、光從介質(zhì)a射向介質(zhì)b，如果要在a、b介質(zhì)的分界面上發(fā)生全反射，那么必須滿足的條件是（）A.a是光密介質(zhì)，b是光疏介質(zhì)B.光在介質(zhì)a中的速度必須大于在介質(zhì)b中的速度C.光的入射角必須大于或等于臨界角D.必須是單色光15、如圖所示，氫原子在不同能級(jí)間發(fā)生躍遷時(shí)，釋放光子的頻率分別是va、vb、vc，對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)分別是λa、λb、λc；下列說法正確的是。

A.從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)時(shí)，釋放光子的波長(zhǎng)可表示為λb=B.從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)時(shí)，釋放光子的能量可表示為hvaC.從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)，電子的勢(shì)能減小，氫原子的能量增加D.用12.09eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子，可能發(fā)出六種頻率的光評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、熱平衡定律：如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定處于_______。17、熱平衡：兩個(gè)相互接觸的熱力學(xué)系統(tǒng)，經(jīng)過一段時(shí)間，各自的狀態(tài)參量_______，說明兩個(gè)系統(tǒng)達(dá)到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。18、熱力學(xué)溫度T與攝氏溫度t

（1）攝氏溫標(biāo)：一種常用的表示溫度的方法．規(guī)定標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下_______為0℃，_______為100℃，在0℃和100℃之間均勻分成_______等份；每份算做1℃。

（2）熱力學(xué)溫標(biāo)：現(xiàn)代科學(xué)中常用的表示溫度的方法，熱力學(xué)溫標(biāo)表示的溫度叫熱力學(xué)溫度，用符號(hào)_______表示，單位是_______，符號(hào)為_______。

（3）攝氏溫度與熱力學(xué)溫度的關(guān)系為T＝t＋_______K。19、進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)：先把空的燒瓶放入冰箱冷凍，取出燒瓶，并迅速把一個(gè)氣球緊套在燒瓶頸上，封閉了一部分氣體，然后將燒瓶放進(jìn)盛滿熱水的燒杯里，氣球逐漸膨脹起來，如圖。若某時(shí)刻該密閉氣體的體積為V，密度為ρ，平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該密閉氣體的分子個(gè)數(shù)為______。若將該密閉氣體視為理想氣體，氣球逐漸膨脹起來的過程中，氣體對(duì)外做了0.8J的功，同時(shí)吸收了0.9J的熱量，則該氣體內(nèi)能變化了______J。若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內(nèi)氣體的溫度_____（填“升高”或“降低”）。20、如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導(dǎo)體ab沿光滑導(dǎo)線框向右做勻速運(yùn)動(dòng)；線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線框平面，cd間的長(zhǎng)度L=0.4m，運(yùn)動(dòng)的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計(jì)．

a.電路abcd中導(dǎo)體棒ab相當(dāng)于電源,_______（a端或b端）相當(dāng)于電源的正極。

b.電源的電動(dòng)勢(shì)即產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=_______V，電路abcd中的電流I=_______A

c.導(dǎo)體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；21、（1）人類對(duì)物質(zhì)屬性的認(rèn)識(shí)是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是_____________。

a．液體的分子勢(shì)能與體積有關(guān)。

b．晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的。

c．溫度升高；每個(gè)分子的動(dòng)能都增大。

d．露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用。

（2）氣體溫度計(jì)結(jié)構(gòu)如圖所示。玻璃測(cè)溫泡A內(nèi)充有理想氣體，通過細(xì)玻璃管B和水銀壓強(qiáng)計(jì)相連。開始時(shí)A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點(diǎn)處，右管D中水銀面高出O點(diǎn)h1=14cm，后將A放入待測(cè)恒溫槽中，上下移動(dòng)D，使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，測(cè)得D中水銀面高出O點(diǎn)h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓；1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)于76cmHg）

①求恒溫槽的溫度______。

②此過程A內(nèi)氣體內(nèi)能________（填“增大”或“減小”）；氣體不對(duì)外做功，氣體將。

__________（填“吸熱”或“放熱”）。22、下列關(guān)于單擺的認(rèn)識(shí)說法正確的是________E.擺球運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)，合力為零評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共9分)26、為了既能測(cè)出電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r；同時(shí)又能測(cè)出待測(cè)元件的厚度d，興趣小組用下列器材組裝成一個(gè)電路：

A.電壓表V1(量程1.5V；內(nèi)阻很大)

B.電壓表V2(量程1.5V；內(nèi)阻很大)

C.電流表A(量程0.6A；內(nèi)阻很小)

D.滑動(dòng)變阻器R0(最大阻值20Ω；額定電流1A)

E.待測(cè)元件R(用電阻符號(hào)表示，電阻率ρ=3.5×10－5Ω·m)

F.電池組(電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r)

G.開關(guān)一只；導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)時(shí)，把待測(cè)元件(形狀和接入電路的電流方向如圖乙所示)接入電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，多次測(cè)量后發(fā)現(xiàn)：若電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減小(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(1)請(qǐng)將設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖在圖甲的虛線方框中補(bǔ)充完整________________；

(2)每一次操作后，同時(shí)記錄電流表A、電壓表V1和電壓表V2的示數(shù)，組成兩個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)，標(biāo)到U-I坐標(biāo)中，經(jīng)過多次測(cè)量，最后描繪出兩條圖線，部分圖像如圖丙所示，則電池組的電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω．

(3)該待測(cè)元件的厚度d=___________m；若把元件替換為長(zhǎng)和寬均為L(zhǎng)/2，厚度仍為d的新元件，接入電路的電流方向不變，則新元件在電路中的消耗最大電功率為___________W．27、利用“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)，體現(xiàn)了構(gòu)建分子模型的物理思想，也體現(xiàn)了通過對(duì)宏觀量的測(cè)量，來實(shí)現(xiàn)對(duì)微觀量間接測(cè)量的方法．該實(shí)驗(yàn)簡(jiǎn)要步驟如下：。A．用注射器吸入按照酒精與油酸體積比為m∶n配制油酸酒精溶液，現(xiàn)用滴管滴取油酸酒精溶液，N滴溶液的總體積為V.B．用注射器將一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油滴散開、油膜形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆將薄膜形狀描畫在玻璃板上C．用淺盤裝入約2cm深的水，然后把滑石粉均勻地撒在水面上D．將畫有油膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，用數(shù)學(xué)方法估算出油膜的面積SE．根據(jù)油酸酒精溶液的濃度和一滴油酸酒精溶液的體積，算出一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積F．利用測(cè)定數(shù)據(jù)求出薄膜厚度d，即為油酸分子的大?。?）上述實(shí)驗(yàn)步驟中B、C、D的順序不合理，請(qǐng)重新對(duì)這三個(gè)步驟排序：____；

（2）利用實(shí)驗(yàn)步驟中測(cè)出的數(shù)據(jù)，可得油酸分子直徑d=_______．28、下圖是測(cè)量阻值約幾十歐的未知電阻Rx的原理圖，圖中R0是保護(hù)電阻（10Ω），R1是電阻箱（0～99.9Ω），R是滑動(dòng)變阻器，A1和A2是電流表；E是電源（電動(dòng)勢(shì)10V，內(nèi)阻很?。诒ＷC安全和滿足要求的情況下，使測(cè)量范圍盡可能大．實(shí)驗(yàn)具體步驟如下：

（i）連接好電路；將滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大；

（ii）閉合S，從最大值開始調(diào)節(jié)電阻箱R1，先調(diào)R1為適當(dāng)值，再調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使A1示數(shù)I1=0.15記下此時(shí)電阻箱的阻值R1和A2示數(shù)I2．

（iii）重復(fù)步驟（ii），再測(cè)量6組R1和I2值；

（iv）將實(shí)驗(yàn)測(cè)得的7組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)．

根據(jù)實(shí)驗(yàn)回答以下問題：

①現(xiàn)有四只供選用的電流表：

。A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）。A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）

A1應(yīng)選用____，A2應(yīng)選用____．

②測(cè)得一組R1和I2值后，調(diào)整電阻箱R1，使其阻值變小，要使A1示數(shù)I1=0.15A，應(yīng)讓滑動(dòng)變阻器R接入電路的阻值____（選填“不變”；“變大”或“變小”）．

③在坐標(biāo)紙上畫出R1與I2的關(guān)系圖．

④根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)得出Rx=____Ω．A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共20分)29、如圖所示，寬度為L(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌水平放置，一端連接阻值為R的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。將質(zhì)量為電阻為的導(dǎo)體棒放在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好，其長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)。在平行于導(dǎo)軌的拉力F作用下，導(dǎo)體棒從靜止開始沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)。當(dāng)導(dǎo)體棒速度為時(shí)：

（1）求導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；

（2）求電路中的感應(yīng)電流I及導(dǎo)體棒兩端的電壓U；

（3）若已知此過程中導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電熱為因摩擦生熱為求拉力F做的功W。30、對(duì)于同一物理問題；常?？梢詮暮暧^與微觀兩個(gè)不同角度進(jìn)行研究，找出其內(nèi)在聯(lián)系，從而更加深刻地理解其物理本質(zhì)．

（1）光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面．前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量之外還具有動(dòng)量．我們知道光子的能量動(dòng)量其中v為光的頻率，h為普朗克常量，λ為光的波長(zhǎng)．由于光子具有動(dòng)量，當(dāng)光照射到物體表面時(shí)，會(huì)對(duì)物體表面產(chǎn)生持續(xù)均勻的壓力，這種壓力會(huì)對(duì)物體表面產(chǎn)生壓強(qiáng)，這就是“光壓”，用I表示．一臺(tái)發(fā)光功率為P0的激光器發(fā)出一束頻率為的激光，光束的橫截面積為S．當(dāng)該激光束垂直照射到某物體表面時(shí)；假設(shè)光全部被吸收（即光子的末動(dòng)量變?yōu)?）．求：

a．該激光器在單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)N；

b．該激光作用在物體表面時(shí)產(chǎn)生的光壓I．

（2）從微觀角度看，氣體對(duì)容器的壓強(qiáng)是大量氣體分子對(duì)容器壁的頻繁撞擊引起的．正方體密閉容器中有大量運(yùn)動(dòng)的粒子，每個(gè)粒子質(zhì)量為m，單位體積內(nèi)粒子數(shù)量為n．為簡(jiǎn)化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；速率均為v；且與容器壁各面碰撞的機(jī)會(huì)均等；與容器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與容器壁垂直，且速率不變．

a．利用所學(xué)力學(xué)知識(shí)，推導(dǎo)容器壁受到的壓強(qiáng)P與m、n和v的關(guān)系；

b．我們知道，理想氣體的熱力學(xué)溫度T與分子的平均動(dòng)能成正比，即式中α為比例常數(shù)．請(qǐng)從微觀角度解釋說明：一定質(zhì)量的理想氣體，體積一定時(shí)，其壓強(qiáng)與溫度成正比．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

根據(jù)吸收或輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，來判斷光子的能量的關(guān)系。

和波長(zhǎng)入的關(guān)系．

【詳解】

因?yàn)橹?/p>

所以：

即：．

A．與分析結(jié)果不符，故A錯(cuò)誤；

B．與分析結(jié)果不符，故B錯(cuò)誤；

C．與分析結(jié)果相符，故C正確；

D．與分析結(jié)果不符，故D錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題主要考查氫原子的能級(jí)公式及躍遷，較為簡(jiǎn)單．2、C【分析】【詳解】

液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)，布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，故C正確，ABD錯(cuò)誤。3、C【分析】【詳解】

A、當(dāng)導(dǎo)軌光滑時(shí)，金屬棒克服安培力做功，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，產(chǎn)生的內(nèi)能等于金屬棒的初動(dòng)能；當(dāng)導(dǎo)軌粗糙時(shí)，金屬棒在導(dǎo)軌上滑動(dòng)，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生熱，把部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一方面要克服安培力做功，金屬棒的部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱．可知兩種情況下安培力對(duì)ab棒做功大小不相等．故A錯(cuò)誤；

B；克服安培力做功的大小等于電流做功的大?。凰噪娏髯龉Σ坏?，故B錯(cuò)誤；

C；導(dǎo)軌粗糙時(shí)；安培力做的功少，導(dǎo)軌光滑時(shí)，安培力做的功多，兩種情況下，產(chǎn)生的內(nèi)能相等，都等于金屬棒的初動(dòng)能，則產(chǎn)生的總熱量相等．故C正確．

D、導(dǎo)軌光滑時(shí)，導(dǎo)體棒的位移s大，導(dǎo)軌粗糙時(shí)，導(dǎo)體棒位移小，感應(yīng)電荷量QB、R、導(dǎo)體棒長(zhǎng)度L相同，s越大，感應(yīng)電荷量越大，因此導(dǎo)軌光滑時(shí)，感應(yīng)電荷量多，故D錯(cuò)誤．4、B【分析】【詳解】

試題分析：由電流定義式I=及歐姆定律I=得=所以U=故選項(xiàng)B正確．

考點(diǎn)：電流定義式歐姆定律5、D【分析】【分析】

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí),洛倫茲力提供向心力,滿足運(yùn)動(dòng)周期(電場(chǎng)中加速時(shí)間忽略不計(jì)).對(duì)公式進(jìn)行簡(jiǎn)單推導(dǎo)后,便可解此題.

【詳解】

A、根據(jù)可知；質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場(chǎng)的電壓大小無關(guān)，故A錯(cuò)；

B；因?yàn)榱Ｗ釉陔妶?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間很短,高頻電源能使用矩形交變電流,也能使用正弦式交變電流,此時(shí)滿足粒子在電壓最大時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)即可；故B錯(cuò)誤；

C、此加速器加速電場(chǎng)周期加速粒子時(shí)兩個(gè)周期不同,不能用于加速氦核，故C錯(cuò)誤；

D、此加速器加速電場(chǎng)周期加速粒子時(shí)當(dāng)外加磁場(chǎng)一定，把高頻交變電源頻率改為f/2，此時(shí)回旋加速器可以加速氦核，根據(jù)可知氦核的最大速度變?yōu)関/2；故D對(duì)；

故選D6、D【分析】【詳解】

A．對(duì)于電場(chǎng)中確定的點(diǎn)；其電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向由場(chǎng)源電荷決定，與試探電荷所受的電場(chǎng)力無關(guān)，與試探電荷的電荷量無關(guān)，A錯(cuò)誤；

B．由可知所以對(duì)于電場(chǎng)中確定的點(diǎn)，放入的電荷不同，其所受電場(chǎng)力的大小和方向不同；電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷無關(guān)，試探電荷的電荷量q不同時(shí)；場(chǎng)強(qiáng)相同，B錯(cuò)誤；

C．電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷無關(guān)；試探電荷的電性不同，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相同，C錯(cuò)誤；

D．電場(chǎng)強(qiáng)度由電場(chǎng)本身決定；與是否放置試探電荷及試探電荷的電荷量；電性均無關(guān)，D正確。

故選D。7、D【分析】試題分析：在男孩站在小車上用力向右迅速推出木箱的過程中；男孩和小車組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；男孩和木箱組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；小車與木箱組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故C錯(cuò)誤；男孩；小車與木箱三者組成的系統(tǒng)所受合力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故D正確。

考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律的理解8、D【分析】【詳解】

根據(jù)題圖可知，R1、R2串聯(lián)后接在電源兩端，電容器C并聯(lián)在R2兩端，電壓表V測(cè)路端電壓．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，R2連入電路的電阻變大，則總電阻變大，由知電流I減小，由知路端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大，電源的輸出功率無法判斷．由知，R1消耗的功率變?。芍娙萜鲀啥穗妷鹤兇螅粍t電容器所帶電荷量增多.

A.綜上分析可知電壓表示數(shù)變大；故A項(xiàng)不合題意.

B.綜上分析可知R1消耗的功率變??；故B項(xiàng)不合題意.

C.綜上分析可知電源的輸出功率無法判斷；故C項(xiàng)不合題意.

D.綜上分析可知電容器C所帶電荷量增多；故D項(xiàng)符合題意.9、C【分析】【詳解】

譜線a是氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)時(shí)的輻射光，波長(zhǎng)大于譜線b，所以a光的光子頻率小于b光的光子頻率。所以b光的光子能量大于n=4和n=2間的能級(jí)差。n=3躍遷到n=2，n=5躍遷到n=3的能級(jí)差小于n=4和n=2的能級(jí)差。n=5和n=2間的能級(jí)差大于n=4和n=2間的能級(jí)差。故A、B、D錯(cuò)誤，C正確。二、多選題(共6題，共12分)10、A:D【分析】【詳解】

B．由圖可知，滑動(dòng)變阻器上下兩部分并聯(lián)，當(dāng)滑片在中間位置時(shí)總電阻最大，則在滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動(dòng)變阻器的電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流

即電流表示數(shù)先減小后增大；故B錯(cuò)誤；

A．又由可知路端電壓先變大后變?。还蔄正確；

C．U與I的比值就是接入電路的的電阻與的電阻之和，所以U與I比值先變大后變??；故C錯(cuò)誤；

D．因?yàn)樗?/p>

又由

所以U變化量與I變化量的比值不變；故D正確。

故選AD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

E．由圖示圖像可知，b、c、d、e點(diǎn)的體積V相等。

由查理定律。

可知。

E錯(cuò)誤；

A．a(chǎn)→d是等溫膨脹過程，則從a到b、c、d、e過程體積變化量相同；氣態(tài)對(duì)外做功。

a→b過程氣體壓強(qiáng)不變，a→c、a→d、a→e過程壓強(qiáng)減小，則a→b過程氣體對(duì)外做功最多，a→b過程氣體溫度升高最大；氣體內(nèi)能增加最多，A正確；

B．a(chǎn)→c過程氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，a→c過程氣體溫度升高；內(nèi)能增加，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量，B錯(cuò)誤；

C．a(chǎn)→e過程氣體溫度降低；內(nèi)能減少，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，氣體內(nèi)能的減少量可能等于氣體對(duì)外做的功，C錯(cuò)誤；

D．b、c、d、e各狀態(tài)下氣體體積相等；分子數(shù)密度相等，即單位體積內(nèi)的氣體分子個(gè)數(shù)相等，D正確。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

A、B項(xiàng)：物體m1勻速上升時(shí)，有：m1g=F安；又F安=BIl，聯(lián)立解得：I=故A正確，B錯(cuò)誤；

C、D項(xiàng)：根據(jù)閉合電路歐姆定律：又

解得：故C錯(cuò)誤，D正確．

點(diǎn)晴：物體m1勻速上升時(shí)，受力平衡，由平衡條件和安培力公式結(jié)合，可求得電流I．根據(jù)閉合電路歐姆定律和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=Blv結(jié)合求物體勻速上升的速度vm．13、A:B:E【分析】【詳解】

A、由題可知?jiǎng)t波速故選項(xiàng)A正確；

BC；A點(diǎn)速度沿y軸正方向；則波沿x軸負(fù)方向傳播，故選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；

D；簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播；質(zhì)點(diǎn)A沿波傳播方向并不遷移，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E、在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B處在平衡位置，速度沿y軸正方向，故選項(xiàng)E正確；14、A:C【分析】【詳解】

光從介質(zhì)a射向介質(zhì)b，要在a、b介質(zhì)的分界面上發(fā)生全反射，則a是光密介質(zhì)，b是光疏介質(zhì)。故A正確。由上分析得知，a的折射率大于b的折射率，由v=c/n得知，光在介質(zhì)a中的速度小于在介質(zhì)b中的速度。故B錯(cuò)誤。要發(fā)生全反射；則光的入射角必須大于或等于臨界角。故C正確。此光可以是單色光，也可以是復(fù)色光。故D錯(cuò)誤。故選AC。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵要掌握全反射的條件，對(duì)于全反射的條件可以根據(jù)折射定律理解記住，兩個(gè)條件缺一不可．15、A:B【分析】【詳解】

A.因?yàn)镋m-En=hv，知Eb=Ea+EC，所以得：λb=故A正確；

B.從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)時(shí)，釋放光子的能量可表示為hva；選項(xiàng)B正確；

C.n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)；釋放能量，電子的勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，氫原子的能量減小，故C錯(cuò)誤；

D.12.09eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子時(shí)，電子能從n=1能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)，大量氫原子從n=3的能級(jí)向基態(tài)躍遷的過程中，可以發(fā)出種頻率的光，故D錯(cuò)誤．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】熱平衡17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】冰的熔點(diǎn)水的沸點(diǎn)100T開爾文K273.1519、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．該密閉氣體的質(zhì)量為。

物質(zhì)的量。

分子個(gè)數(shù)為。

解得。

[2]．氣球逐漸膨脹起來的過程中；氣體對(duì)外做了0.8J的功，同時(shí)吸收了0.9J的熱量，則該氣體內(nèi)能變化了。

?U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即內(nèi)能增加0.1J；

[3]．若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內(nèi)氣體迅速絕熱膨脹對(duì)外做功，則氣體的溫度降低?！窘馕觥?.1J降低20、略

【分析】【分析】

據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；即可確定等效電源的正負(fù)極；

根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由歐姆定律得出電流強(qiáng)度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向．

【詳解】

a.電路abcd中ab棒切割磁感線；產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源．由右手定則判斷可知相當(dāng)于電源的正極是a端；

b.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感應(yīng)電流為：

c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定則判斷可知，ab中感應(yīng)電流方向從b→a；由左手定則得知，安培力的方向向左．

【點(diǎn)睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應(yīng)中常用的規(guī)律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]a．液體分子之間的距離不同；液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子勢(shì)能就不同，所以液體的分子勢(shì)能與體積有關(guān)，故a正確；

b．單晶體的物理性質(zhì)具有各向異性，而多晶體的物理性質(zhì)具有各向同性，故b錯(cuò)誤；

c．溫度越高分子的平均動(dòng)能越大；但對(duì)于某個(gè)分子來說其分子動(dòng)能反而可能減小，所以溫度對(duì)單個(gè)分子來說沒有意義，故c錯(cuò)誤；

d．由于液體表面張力的作用使液體的表面積收縮；使露珠呈球形，故d正確。

故選ad。

（2）①[2]由于使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，故封閉氣體的體積保持不變，即發(fā)生等容變化，冰水混合物的溫度T1=273K，此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)p1=p0+h1=90cmHg

設(shè)待測(cè)恒溫槽的溫度T2，此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)p2=p0+h2=120cmHg

根據(jù)查理定律得

解得T2=364K

②[3]氣體體積保持不變，分子勢(shì)能保持不變，由于氣體溫度升高，所以A內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能增大；故氣體的內(nèi)能增大。

[4]根據(jù)熱力學(xué)第一定律

氣體體積保持不變，則W=0，由于氣體的內(nèi)能增大，故

所以Q＞0

即氣體從外界吸熱?！窘馕觥竣?（1）ad②.（2）①恒溫槽的溫度為364K③.②增大；④.吸熱．22、B:C:D【分析】【詳解】

A；伽利略發(fā)現(xiàn)了單擺的等時(shí)性；惠更斯給出了單擺的周期公式，故A錯(cuò)誤；

B、擺鐘由廣州移至哈爾濱時(shí)，重力加速度g變大，擺鐘的擺長(zhǎng)L不變，由可知；擺鐘的周期變小，擺鐘變快，要校準(zhǔn)擺鐘，需要增大擺鐘的周期T，可以增大擺鐘的擺長(zhǎng)L，故B正確；

C、由得在利用單擺測(cè)量重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，在測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，只量了懸線的長(zhǎng)度L當(dāng)作擺長(zhǎng)，而沒有加上擺球的半徑，導(dǎo)致擺長(zhǎng)偏小，故g值偏小，故C正確；

D、擺角從5°改為3°，單擺仍然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由周期公式可知；單擺的周期不變，故D正確；

E；擺球?qū)嶋H做圓周運(yùn)動(dòng)（一部分）；經(jīng)最低點(diǎn)（平衡位置）時(shí)，繩子拉力與重力的合力提供向心力，繩子拉力大于重力，故E錯(cuò)誤；

故選BCD。

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是知道擺長(zhǎng)應(yīng)等于懸線長(zhǎng)度加上擺球的半徑，擺鐘由廣州移至哈爾濱時(shí)，重力加速度g變大，擺鐘的擺長(zhǎng)L不變，由可知，擺鐘的周期變??；擺角從5°改為3°，單擺仍然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由周期公式可知，單擺的周期不變。四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共9分)26、略

【分析】【分析】

測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)時(shí)；電壓表測(cè)路端電壓，隨滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的增大，電壓表示數(shù)增大；電阻兩端電壓隨滑動(dòng)變阻器阻值增大而減小；根據(jù)電壓表示數(shù)變化確定各電路元件的連接方式，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖；電源的U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)示數(shù)是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻．

【詳解】

（1）由于電流表既要測(cè)量R的電流；又要測(cè)量干路中的電流，故滑動(dòng)變阻器只能采用限流接法，