吉林汪清縣第六中學2025屆高二物理第一學期期中綜合測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一個電風扇，額定電壓為U，額定功率為P，電動機線圈的電阻為R，把它接入電壓為U的電路中，下列計算時間t內產(chǎn)生熱量的方法中正確的是A． B．Q=PtC． D．以上三種方法均正確2、兩個電源A、B分別對各自的負載電阻供電所描繪出的U-I圖線，如圖所示，下面的說法正確的是（）A．A、B兩個電池電動勢相同B．A、B兩個電池內阻相同C．負載電阻相同時，電源A輸出功率較大D．負載電阻相同時，電源B輸出功率較大3、兩個等量異種電荷的連線的垂直平分線上有a、b、c三點，如圖所示，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)、b、c三點和無窮遠處等電勢B．a(chǎn)、b兩點的場強方向不相同，b點場強比a點大C．一正點電荷從a移到c靜電力做負功D．兩個等量異種電荷的連線上，中點c場強最大4、如圖，空間存在一方向水平向右的勻強電場，兩個帶電小球P和Q用相同的絕緣細繩懸掛在水平天花板下，兩細繩都恰好與天花板垂直，則A．P和Q都帶正電荷 B．P和Q都帶負電荷C．P帶正電荷，Q帶負電荷 D．P帶負電荷，Q帶正電荷5、下列對運動的認識錯誤的是（）A．亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止B．伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快C．伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續(xù)運動下去D．牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因6、如圖，O、P、Q三點不在一條直線上，OP<OQ，在O處有一正點電荷．若P、Q兩點的電場強度分別為EP、EQ，則（）A．EP<EQ，且方向相同 B．EP>EQ，且方向相同C．EP<EQ，且方向不同 D．EP>EQ，且方向不同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，實線為電場線，虛線是點電荷q從A到B的運動路線。若不計重力，則下列說法中正確的是A．如果q是正電荷，電場線方向一定向左B．q可能是正電荷，也可能是負電荷，但電場力一定做正功C．q可能是正電荷，也可能是負電荷，但電勢能一定增加D．q的運動速度一定減小8、家用電烙鐵在使用過程中，當暫不使用時：如果斷開電源，電烙鐵會很快變涼，致使再次使用時，溫度不能及時達到要求；如果較長時間接通電源，又浪費電能．為改變這種不足，某學生將電烙鐵改裝成如圖所示的電路，其中R0是適當?shù)亩ㄖ惦娮?，R是電烙鐵．下列說法正確的是()A．若暫不使用，應斷開S B．若暫不使用，應閉合SC．若再次使用，應斷開S D．若再次使用，應閉合S9、如圖，充電后的平行板電容器水平放置（與電源斷開），電容為C，板間距離為d，上極板正中央有一小孔．質量為m、電荷量為＋q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落，穿過小孔到達下極板處的P點時速度恰為零（空氣阻力忽略不計，極板間電場可視為勻強電場，重力加速度為g）．下列說法正確的是A．電容器所帶電荷量B．電容器板間的電場強度C．若下板下移的距離，小球到達P點（原下板處）時速度恰為零D．若下板水平右移一小段距離，小球到達下板處時速度恰為零10、在如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2、U3表示，電表示數(shù)變化量分別用ΔI、ΔU1、ΔUA．U3I變大，ΔU3C．U2I變大，ΔU2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測量金屬絲電阻率的實驗中，關于電流表與電壓表的連接方法，應選擇圖_____，用該種連接方法測得的電阻阻值比真實值___________。12．（12分）在“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗中：（1）實驗裝置如下圖（a）所示，合上電鍵S時發(fā)現(xiàn)電流表指針向右偏，填寫下表空格：實驗操作指針偏向（填“左”或“右”）滑片P右移時_______________在原線圈中插入軟鐵棒時________________拔出原線圈時________________（2）如圖（b）所示，A、B為原、副線圈的俯視圖，已知副線圈中產(chǎn)生順時針方向的感應電流，根據(jù)圖（a）可判知可能的情況是（_______）A．原線圈中電流為順時針方向，變阻器滑動片P在右移B．原線圈中電流為順時針方向，正從副線圈中拔出鐵芯C．原線圈中電流為逆時針方向，正把鐵芯插入原線圈中D．原線圈中電流為逆時針方向，電鍵S正斷開時四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩條相距的光滑平行金屬導軌位于同一水平面（紙面）內，其左端接一阻值為的電阻；一與導軌垂直的金屬棒置于兩導軌上；在電阻、導軌和金屬棒中間有一面積為的區(qū)域，區(qū)域中存在垂直于紙面向里的均勻磁場，磁感應強度大小為隨時間的變化關系為，式中為常量；在金屬棒右側還有一勻強磁場區(qū)域，區(qū)域左邊界（虛線）與導軌垂直，磁場的磁感應強度大小為，方向也垂直于紙面向里.某時刻，金屬棒在一外加水平恒力的作用下從靜止開始向右運動，在時刻恰好以速度越過，此后向右做勻速運動.金屬棒與導軌始終相互垂直并接觸良好，它們的電阻均忽略不計.求：（1）在到時間間隔內，流過電阻的電荷量的絕對值；（2）在時刻（）穿過回路的總磁通量和金屬棒所受外加水平恒力的大小.14．（16分）如圖所示，把一電荷量為Q=-5×10-8C的小球A用絕緣細繩懸起來，若將電荷量為q=+4×10-6C的帶電小球B靠近A，當兩個帶電小球在同一高度相距r=0.3m時，繩與豎直方向夾角α=45°，取g=10m/s2，k=9.0×109N·m2/C2，且A、B兩小球均可看成點電荷，求：(1)A、B兩球間的庫侖力大??；(2)A球的質量。15．（12分）如圖所示，傾角為θ的斜面與足夠長的光滑水平面在D處平滑連接，斜面上有A、B、C三點，AB、BC間距均為2L，CD間距為3L，斜面上BC部分粗糙，其余部分光滑。2塊完全相同、質量均勻分布的長方形薄片，緊挨在一起排在斜面上，從下往上編號依次為1、2，第1塊的下邊緣恰好在A處?，F(xiàn)將2塊薄片一起由靜止釋放，薄片經(jīng)過D處時無碰撞無機械能損失。已知每塊薄片質量為m、長為L，薄片與斜面BC間的動摩擦因數(shù)為tanθ，重力加速度為g.求：（1）第1塊薄片下邊緣剛運動到B時的速度大??；（2）第1塊薄片剛好完全滑上粗糙面時，兩薄片間的作用力大小F；（3）全部滑上水平面后兩薄片間的距離d.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A.根據(jù)電功率公式P=UI，可得電路中的電流；由焦耳定律Q=I2Rt，得時間t內產(chǎn)生的熱量，故A正確.B.Pt為電風扇消耗的總能量，選項B錯誤；C.電風扇不是純電阻電路，則，選項C錯誤；D.由以上分析可知，選項D錯誤.2、D【解析】由圖像的縱坐標可得A、B的電動勢分別為1.5V、2.0V，故A項錯?？v坐標與相應橫坐標的比值即為電源內阻，rA＝1.5/0.1＝15Ω，rB=2.0/0.2=10Ω。故B項錯。A、B兩電源中，B電源的電動勢大而內阻小，當負載電阻相同時，其輸出功率較大。所以C項錯誤，D項正確。3、A【解析】

A．a(chǎn)、b、c是兩個等量異種電荷連線的垂直平分線的三點，電勢相等，而且與無窮遠處電勢相等，故A正確；B．a(chǎn)、b兩點的場強方向都與垂直平分線垂直向右，方向相同，因為b處電場線密，故b點的電場強度大于a處電場強度，故B錯誤；

C．一個正電荷在a點到c點受到的電場力方向垂直于垂直平分線向右，可知電場力不做功，故C錯誤；D．兩個等量異種電荷的連線上，越靠近點電荷電場強度越大，中點c場強最小，故D錯誤。故選A。4、D【解析】

AB．受力分析可知，P和Q兩小球，不能帶同種電荷，AB錯誤；CD．若P球帶負電，Q球帶正電，如下圖所示，恰能滿足題意，則C錯誤D正確，故本題選D．5、A【解析】

亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止，該觀點是以生活經(jīng)驗得出的，是錯誤的。根據(jù)伽利略的理想實驗得出力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因，故A認識錯誤；伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快，故B認識正確；伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續(xù)運動下去，故C認識正確；牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因，故D認識正確。所以選A。6、D【解析】

點電荷周圍的電場的方向由正點電荷指向外，可知P與Q點的電場強度的方向不同；由點電荷的電場強度的公式：，可知因為距離OP<OQ，所以EP>EQ，故D正確，ABC錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A、如果是正電荷，由圖，粒子的運動軌跡向左彎曲，由于粒子帶正電，受到的電場力的方向與電場線方向相同，所以電場線方向一定向左，故A正確；

B、題中電場線沒有告訴方向，不能判斷電勢高低但是可以根據(jù)電場線的疏密來判斷電場的大??；從A運動B過程中，根據(jù)做曲線運動帶電粒子的受力特點可知電場力做負功，動能減小，速度減小，整個過程中電場力做負功，電勢能增大，故CD正確，B錯誤.點睛：本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，其次判斷粒子動能和電勢能的變化要根據(jù)電場力做功情況。8、AD【解析】AB：電源電壓一定，熱功率P=U2R總，若暫不使用，應使熱功率較小，電路中電阻較大，則應斷開S．故CD：電源電壓一定，熱功率P=U2R總，若再次使用，應使熱功率較大，電路中電阻較小，則應閉合S．故9、BC【解析】對從釋放到到達下極板處過程由動能定理得：，解得：，電容器兩極板間的電壓為：，電容器的帶電量為：，故A錯誤，B正確；由題意知，電容器的電量不變，根據(jù)、和，得，當下板向下移動時電場強度不變，根據(jù)動能定理可知，小球從相同高度的釋放，到達P點時速度恰好為零；當下板水平右移一小段距離，面積S減小，故電場強度增大，下落相同的距離，電場力做的負功更多，故小球在到達下板前速度已經(jīng)為零，故AD錯誤，BC正確，故選BC.【點睛】對從釋放到到達下極板處過程運用動能定理列式求解電場強度，然后根據(jù)Q=CU求解電容器的帶電量，根據(jù)、和，分析各種情況下電場強度的變化，再根據(jù)動能定理分析小球下落的速度．10、ABD【解析】

根據(jù)歐姆定律得知：U1I=R1，ΔU1ΔI=R1不變，選項B正確；當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時R2變大，U2I=R2，變大。根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E-I（R1+r），則有Δ三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲偏小【解析】

[1]由于電阻絲的阻值較小，所以電流表應用外接法，即甲圖；[2]電流表外接法中，電壓表測量的是電壓的真實值；由于電壓表的分流，電流表測量的電流比流過待測電阻的電流大，由歐姆定律可知，測得的電阻阻值比真實值偏小。12、右右左BC【解析】

（1）[1]因合上電鍵S時，電流增大，穿過線圈的磁通量增加，此時電流表指針向右偏，則當滑片P右移時，電阻減小，電流也是增加，故此時電流表指針也向右偏；[2]在原線圈中插入軟鐵棒時，穿過線圈的磁通量也增加，則此時電流表指針也向右偏；[3]拔出原線圈時，穿過線圈的磁通量減小，則此時電流表指針也向左偏；（2）[4]A.因副線圈中產(chǎn)生順時針方向的感應電流，故穿過A的磁通量為向里的減小或者向外的增加，若原線圈中電流為順時針方向，變阻器滑動片P在右移，則電流增大，磁通量為向里增加，選項A錯誤；B.原線圈中電流為順時針方向，正從副線圈中拔出鐵芯，則磁通量為向里減小，選項B正確；C.原線圈中電流為逆時針方向，正把鐵芯插入原線圈中，則磁通量為向外增加，選項C正確；D.原線圈中電流為逆時針方向，電鍵S正斷開時，則磁通量為向外減小，選項D錯誤。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；【解析】

在金屬棒未越過MN之前，t時刻穿過回路的磁通量為:①設在從t時刻到的時間間隔內，回路磁通量的變化量為，流過電阻R的電荷量為，由法拉第電磁感應有:②由歐姆定律有:③由電流的定義有:④聯(lián)立①②③④可得:⑤由⑤可得，在t=0到t=的時間間隔內，流過電阻R的電荷量q的絕對值為:⑥（2）當時，金屬棒已越過MN，由于金屬棒在MN右側做勻速運動，有:⑦式中f是外加水平恒力，F(xiàn)是勻強磁場施加的安培力．設此時回路中的電流為I，F(xiàn)的大小為:⑧此時金屬棒與MN之間的距離為:⑨勻強磁場穿過回路的磁通量為:⑩回路的總磁通量為:?式中仍如①式所示，由①⑨⑩?可得，在時刻t（）穿過回路的總磁通量為:?在t到的時間間隔內，總磁通量的改變?yōu)??由法拉第電磁感應定律得，回路