2024年寶雞市高考模擬檢測（三）理科綜合·物理一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.新SI（單位制）自2019年5月20日（國際計(jì)量日）正式實(shí)施，這將對科學(xué)和技術(shù)發(fā)展產(chǎn)生深遠(yuǎn)影響，根據(jù)所學(xué)知識判斷，下列選項(xiàng)正確的是（）A.“焦耳（J）”是國際單位制中的基本單位B.“電子伏特（eV）”表示的是電勢的單位C.“毫安時（mA·h）”表示的是電量的單位D.“引力常量（G）”用國際單位制中的基本單位表示為N·m2/kg2【答案】C【解析】【詳解】A．焦耳是導(dǎo)出單位，故A錯誤；B．結(jié)合W=qU可知“電子伏特（eV）”表示的是能量的單位，故B錯誤；C．根據(jù)q=It可知，“毫安時（mA·h）”表示的是電量的單位，故C正確；D．根據(jù)，可知“引力常量（G）”的單位是N·m2/kg2，結(jié)合可知用國際單位制中的基本單位表示為m3/kg·s2，故D錯誤。故選C。2.如圖所示，利用傾斜的傳送帶可以將高處的貨物卸下來。第一次傳送帶靜止，貨物M從傳送帶頂端由靜止滑下，滑離傳送帶所用時間為；第二次傳送帶按照圖中箭頭所示順時針轉(zhuǎn)動，貨物M從傳送帶頂端由靜止滑下，滑離傳送帶所用時間為。兩次運(yùn)動情況相比，下列判斷正確的是（）A.貨物滑離傳送帶所用時間大于B.貨物運(yùn)動加速度不等C.貨物滑離傳送帶的過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相等D.貨物滑離傳送帶的過程中摩擦力對貨物做功相等【答案】D【解析】【詳解】AB．貨物M開始受重力、支持力和向上的滑動摩擦力做勻加速直線運(yùn)動，當(dāng)傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，M相對于傳送帶向下滑，所受的摩擦力仍然沿傳送帶向上，故M受力不變，加速度不變，仍做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)傳送帶長為，則可知貨物滑離傳送帶所用時間等于，故AB錯誤；C．當(dāng)傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，貨物相對滑動的距離增大，兩次運(yùn)動貨物所受的摩擦力相同，故貨物滑離傳送帶的過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量較大，故C錯誤；D．兩次運(yùn)動貨物所受的摩擦力相同，且貨物滑離傳送帶時，摩擦力的作用距離相同，故兩次運(yùn)動貨物滑離傳送帶的過程中摩擦力對貨物做功相等，故D正確。故選D。3.在如圖所示電路中，蓄電池的電動勢E=4V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R=4Ω，電容C=1pF的平行板電容器水平放置且下極板接地。一帶電油滴位于板間正中央Р點(diǎn)且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)的電勢為2VB.上極板所帶的電荷量為3.2×10-12CC.若在兩極板間插入一塊玻璃板，電容器上極板所帶的電荷量將減少D.若將上極板緩慢上移少許，油滴將向上運(yùn)動【答案】B【解析】【詳解】A.電容板兩端電壓為P點(diǎn)位于板間中央，所以故A錯誤；B.由公式得故B正確；C.若在兩極板間插入一塊玻璃板，由公式可知變大，所以電容器上極板所帶的電荷量將增大，故C錯誤；D.若將上極板緩慢上移少許，可知變小，由公式可見板間電場強(qiáng)度減小，所受電場力減小，所以油滴將向下運(yùn)動，故D錯誤。故選B。4.如圖所示，絕緣斜面體ABC靜止于粗糙的水平面上，，，兩個可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電物體P、Q分別靜止在AB和AC面上，且PQ連線水平。已知AB、AC面均光滑，斜面體和P、Q的質(zhì)量分別為M、m1、m2，重力加速度為g，。下列判斷正確的是（）A.P、Q的質(zhì)量之比是16：9B.P、Q帶異種電荷，且Q的電荷量等于P的電荷量C.水平面對斜面體底部有水平向右的靜摩擦力D.水平面對斜面體的支持力大于【答案】A【解析】【詳解】A．由庫侖力F、重力和傾角的關(guān)系式為可知，P、Q質(zhì)量之比為A正確；B．P、Q兩物體都是三力平衡，且P、Q在水平方向受到的是大小相等的庫侖引力，P、Q一定是帶異種電荷，電荷量大小關(guān)系不能確定，B錯誤；CD．由斜面和P、Q所構(gòu)成的整體是二力平衡，水平面對斜面支持力等于總重力，水平面對斜面沒有摩擦力，水平面對斜面的支持力為CD錯誤；故選A。5.人類視月球與火星是地球的“衛(wèi)士”和“兄弟”，從未停止對它們的探測。已知月球繞地球做勻速圓周運(yùn)動的向心加速度大小為g，軌道半徑是地球半徑的a倍；火星表面重力加速度是地球表面重力加速度的b倍?？蒲腥藛T在火星水平表面的發(fā)射架上水平發(fā)射一小球，發(fā)射點(diǎn)高為h，測得發(fā)射點(diǎn)與落點(diǎn)間的水平距離是2h，不計(jì)火星表面的大氣阻力，則發(fā)射小球的初速度大小是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)地球的半徑為,地球的質(zhì)量為,表面的重力加速度為，則月球繞地球的軌道半徑根據(jù)萬有引力定律及牛頓第二定律可知解得所以火星表面的重力加速度在火星表面將物體水平拋出，由拋體運(yùn)動的規(guī)律可知聯(lián)立上述各式可得故選A。6.如圖所示，一矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，繞垂直磁場方向的軸OO'以角速度勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)為N，面積為S，電阻不計(jì)。線圈通過電刷與一理想變壓器的原線圈相連，變壓器的副線圈接有兩只電阻均為2Ω的相同燈泡L1和L2變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，若開關(guān)S斷開時L1正常發(fā)光，此時電流表示數(shù)為0.1A，則（）A.若從線圈平面平行于磁場方向開始計(jì)時，線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值為B.若開關(guān)S閉合，矩形線圈的輸出功率將變小C.若開關(guān)S閉合，電流表示數(shù)將變小D.燈泡L1的額定功率為2W【答案】AD【解析】【詳解】A．若線圈從圖示垂直中性面位置開始計(jì)時，則感應(yīng)電動勢的瞬時值為A正確；BC．閉合開關(guān)后，輸出電壓不變，輸出電流增加，故輸入電流也增加，輸入功率增加，則電流表示數(shù)變大，矩形線圈的輸出功率變大，故BC錯誤；D．開關(guān)S斷開時L1正常發(fā)光，根據(jù)解得通過燈泡L1的電流所以，燈L1的額定功率D正確。故選AD。7.如圖所示，豎直墻面和水平地面均光滑，質(zhì)量分別為mA=6kg、mB=2kg的A、B兩物體用質(zhì)量不計(jì)的輕彈簧相連，其中A緊靠墻面?，F(xiàn)對B物體緩慢施加一個向左的力，使A、B間彈簧被壓縮且系統(tǒng)靜止，該力對物體B做功W=16J?，F(xiàn)突然撤去向左的力，則（）A.撤去外力后，兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒B.撤去外力后，兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.從撤去外力至A與墻面剛分離，彈簧對B的沖量I=8N·s，方向水平向右D.A與墻面分離后彈簧首次恢復(fù)原長時，兩物體速度大小均是2.5m/s，方向相反【答案】BC【解析】【詳解】A．撤去外力后，彈簧在恢復(fù)原長的過程中，墻對A物體還有彈力的作用，所以兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒?；謴?fù)原長后，系統(tǒng)動量才守恒。故A錯誤；B．撤去外力后，系統(tǒng)內(nèi)只有動能和彈性勢能互相轉(zhuǎn)換，機(jī)械能守恒。故B正確；C．壓縮彈簧時，外力做功完全轉(zhuǎn)化為彈性勢能。撤去外力后，彈簧恢復(fù)原長，彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為B的動能，則有代入數(shù)據(jù)可得墻壁對A的沖量大小等于彈簧對A的沖量大小，同時也等于彈簧對B的沖量大小，由動量定理可知故C正確；D．彈簧恢復(fù)原長時，A速度最小，速度為0。A、B都運(yùn)動后，B減速，A加速。A、B速度相等時彈簧拉伸最長。此后，B繼續(xù)減速，A繼續(xù)加速，再次恢復(fù)原長時，設(shè)向右為正，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒和動量守恒可知可求得故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場，電場的等勢面如圖中實(shí)線所示，與水平方向夾角為37°。一個質(zhì)量為m，電荷量為的小球在A點(diǎn)以初速度豎直上拋，運(yùn)動軌跡如圖中虛線所示，B點(diǎn)是軌跡的最高點(diǎn)。已知重力加速度為g，小球的電荷量。下列說法正確的是（）A.A點(diǎn)電勢低于B點(diǎn)電勢B.A、B兩點(diǎn)的高度差為C.A、B兩點(diǎn)的電勢差為D.小球再次回到拋出點(diǎn)等高位置過程電勢能的減少量等于動能的增加量【答案】BD【解析】【詳解】由圖可知小球向右運(yùn)動，故電場線方向斜向右上方，受力分析如圖所示A．由于沿著電場線方向電勢降低，故根據(jù)圖像可知A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)電勢，故A錯誤；B．豎直方向上根據(jù)動能定理可得解得A、B兩點(diǎn)的高度差為故B正確；C．根據(jù)解得A、B兩點(diǎn)的電勢差為故C錯誤；D．小球再次回到拋出點(diǎn)等高位置過程，根據(jù)動能定理可知，電場力做正功，故電場力做功等于動能的增加，且電勢能減小，故小球再次回到拋出點(diǎn)等高位置過程電勢能的減少量等于動能的增加量，故D正確。故選BD。三、非選擇題：共6，第9~12題為必考題，每個試題考生都必須作答。第13~16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.某同學(xué)用如圖所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，一根細(xì)線一端系住鋼球，另一端懸掛在鐵架臺上的O點(diǎn)，鋼球靜止于A點(diǎn)，光電門固定在A的正下方，在鋼球底部豎直地固定一個寬度為d的遮光條（質(zhì)量不計(jì)）。將鋼球拉至不同位置由靜止釋放，遮光條經(jīng)過光電門的擋光時間t由計(jì)時器測出，取作為鋼球經(jīng)過A點(diǎn)時的速度大小。記錄鋼球釋放時細(xì)線與豎直方向的夾角θ和計(jì)時器示數(shù)t，計(jì)算并比較鋼球從釋放點(diǎn)擺至A點(diǎn)過程中重力勢能減少量?Ep與動能增加量?Ek，從而驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒。重力加速度為g。（1）已知鋼球質(zhì)量為m，懸點(diǎn)О到鋼球球心的距離為L，則?Ep=________（用m、θ、L、g表示）。（2）改變θ值，得出多組θ與擋光時間t的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，若鋼球機(jī)械能守恒，下列關(guān)于θ與t關(guān)系的圖像正確的是______。A. B.C. D.（3）依據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)鋼球的動能增加量?Ek總是略大于重力勢能減少量?Ep，產(chǎn)生這種差異的原因是__________________?！敬鸢浮浚?）（2）D（3）遮光條的遮光點(diǎn)到懸點(diǎn)О的距離大于鋼球球心到懸點(diǎn)О的距離，測得遮光條處的速度比球心的真實(shí)速度大，導(dǎo)致動能增加量的測量值偏大【解析】【小問1詳解】鋼球從釋放點(diǎn)擺至A點(diǎn)過程中，下落的高度為重力勢能減少量為【小問2詳解】若鋼球機(jī)械能守恒，則有整理可得可知與成線性關(guān)系。故選D?！拘?詳解】鋼球的動能增加量?Ek總是略大于重力勢能減少量?Ep，產(chǎn)生這種差異的原因是：由實(shí)驗(yàn)裝置可知，遮光條的遮光點(diǎn)到懸點(diǎn)О的距離大于鋼球球心到懸點(diǎn)О的距離，因此測得的速度比球心處真實(shí)速度大，導(dǎo)致動能增加量的測量值偏大。10.如圖甲所示為某興趣小組測量電池組的電動勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路圖，已知電池組的電動勢約3V，內(nèi)阻約2Ω?，F(xiàn)提供的器材如下：A.電池組B.電壓表V1（量程0～10V，內(nèi)阻約10000Ω）C.電壓表V2（量程0～3V，內(nèi)阻約3000Ω）D.電阻箱R（0~～99.9Ω）E.定值電阻R1=20ΩF.定值電阻R2=1000ΩG.開關(guān)和導(dǎo)線若干依據(jù)實(shí)驗(yàn)室提供的器材和實(shí)驗(yàn)電路圖，回答下列問題：（1）如果要準(zhǔn)確測量電源的電動勢和內(nèi)阻，電壓表V應(yīng)選________，定值電阻R0應(yīng)選________（填寫儀器前面的字母序號）。（2）改變電阻箱的阻值R，記錄對應(yīng)電壓表的讀數(shù)U，作出的圖像如圖乙所示，圖線與橫、縱坐標(biāo)軸的截距分別為-b、a，定值電阻的阻值用R0表示，則可得該電池組的電動勢為_______，內(nèi)阻為_______（用題目所給物理量的字母表示）。（3）第（2）問中，利用圖乙計(jì)算的電源電動勢和內(nèi)阻均存在系統(tǒng)誤差，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是_____________?！敬鸢浮浚?）①.C②.E（2）①.②.（3）由于電壓表的分流引起【解析】【小問1詳解】[1]電源電動勢約3V，電壓表應(yīng)選擇C；[2]定值電阻太大，電路中的電流太小，使得電壓表指針的偏角太小，且改變電阻箱阻值時，電壓表的示數(shù)變化不明顯，故定值電阻選擇E。【小問2詳解】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律其中整理得則圖線的斜率為縱截距為解得【小問3詳解】實(shí)驗(yàn)中使用的電壓表不是理想電壓表，電路中真實(shí)的電流為電阻箱和電壓表的總電流，所以計(jì)算的電源電動勢和內(nèi)阻均存在系統(tǒng)誤差，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流引起的。11.如圖所示，兩條平行傾斜放置光滑金屬導(dǎo)軌，間距L=0.5m，與水平面間的夾角為θ，左端接一阻值R=1.5Ω的定值電阻，導(dǎo)軌所在空間存在垂直導(dǎo)軌平面斜向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場。一個長L=0.5m、質(zhì)量m=1kg、阻值r=0.5Ω的金屬桿垂直放在導(dǎo)軌上，金屬桿在平行于導(dǎo)軌向上的拉力F作用下，由靜止開始沿導(dǎo)軌平面向上做加速度a=4m/s2的勻加速運(yùn)動，t=1s時拉力F的功率達(dá)到Р并保持不變。之后，金屬桿繼續(xù)加速直至做勻速運(yùn)動。若電磁感應(yīng)產(chǎn)生的磁場及導(dǎo)軌的電阻均忽略不計(jì)，金屬桿和導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。已知sinθ=0.3，重力加速度g取10m/s2。求：（1）t=1s后拉力F的功率P；（2）金屬桿在磁場中勻速運(yùn)動時的速度v?！敬鸢浮浚?）36W；（2）6m/s【解析】【詳解】（1）設(shè)t=1s時金屬桿的速度為，金屬桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，感應(yīng)電流為，安培力大小為，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由閉合電路歐姆定律此時安培力大小為其中對金屬桿受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得則t=1s后拉力F的功率為聯(lián)立可得P=36W（2）設(shè)勻速運(yùn)動時的拉力大小為，感應(yīng)電動勢為，感應(yīng)電流為，安培力大小為，則由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由閉合電路歐姆定律對金屬桿由平衡條件其中，解得金屬桿在磁場中勻速運(yùn)動時的速度為v=6m/s12.如圖所示，水平地面上放一個質(zhì)量M=1kg的木板，一個質(zhì)量m=1kg、帶電量q=+1×10-5C的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在木板最左端，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)=0.4，木板與水平地面間的動摩擦因數(shù)=0.2。在物塊右側(cè)距物塊L1=4.5m的區(qū)域有一勻強(qiáng)電場E，電場區(qū)域?qū)挾葹長2=12m，電場強(qiáng)度大小E=1×106N/C，方向豎直向上。現(xiàn)對木板施加一水平向右恒力F，使物塊進(jìn)入電場區(qū)域前恰好和木板保持相對靜止地向右加速運(yùn)動，物塊剛進(jìn)入電場時撤去恒力F。已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊帶電量始終不變，重力加速度g取10m/s2，求：（1）水平恒力F的大小?（2）物塊離開電場時，木板的速度大小?（3）要使物塊不從木板滑下，木板的長度L至少為多少?【答案】（1）F=12N；（2）=2m/s；（3）6m【解析】【詳解】（1）設(shè)進(jìn)入電場區(qū)域前物塊與木板間的滑動摩擦力大小為，木板與地面間的滑動摩擦力大小為，加速度大小為，由摩擦力公式可得由牛頓第二定律公式可得可得F=12N（2）物塊進(jìn)入勻強(qiáng)電場后受豎直向上的電場力作用可得所以物塊做勻速運(yùn)動，木板做勻減速運(yùn)動。設(shè)物塊剛進(jìn)入電場區(qū)域時的速度大小為，物塊在電場中運(yùn)動時間為，木板的加速度大小為，物塊離開電場時木板的速度大小為，由運(yùn)動學(xué)公式可得由牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式可得可得=2m/s（3）設(shè)物塊從進(jìn)入電場到離開電場的過程中木板的位移大小為，物塊離開電場后以加速度做勻減速運(yùn)動，由于木板受到物塊和地面的摩擦力和大小相等，方向相反，所以木板做勻速運(yùn)動，直到兩者速度相等，設(shè)此過程所用時間為，物塊的位移為，木板的位移為，由運(yùn)動學(xué)公式可得因?yàn)椋飰K與木板共速后不再發(fā)生相對滑動，則有可解得L=6m（二）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分?！疚锢怼x修3-3】13.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、bc、cd過程到達(dá)狀態(tài)d其熱力學(xué)溫度隨體積變化的T-V圖像如圖所示，其中ab垂直于橫軸，cd垂直于縱軸，ad連線的延長線過坐標(biāo)原點(diǎn)O，且與bc平行。下列判斷正確的是（）A.氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能小于在狀態(tài)b的內(nèi)能B.從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中，氣體向外界放熱C.從狀態(tài)c到狀態(tài)d過程中，氣體吸收熱量等于對外做的功D.從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中，氣體分子的平均動能減小E.氣體在狀態(tài)a的壓強(qiáng)小于在狀態(tài)c的壓強(qiáng)【答案】ACE【解析】【詳解】A．氣體在狀態(tài)a的溫度小于在狀態(tài)b的溫度，所以氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能小于在狀態(tài)b的內(nèi)能，故A正確；B．從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中，氣體溫度升高，內(nèi)能增大從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中，氣體體積變大，外界對氣體做負(fù)功由熱力學(xué)第一定律，可知所以氣體從外界吸熱，故B錯誤；C．從狀態(tài)c到狀態(tài)d過程中，氣體溫度不變，內(nèi)能不變氣體體積增大，外界對氣體做負(fù)功，氣體吸熱，由熱力學(xué)第一定律，可知?dú)怏w吸收熱量等于對外做的功，故C正確；D．從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中，氣體溫度升高，氣體分子的平均動能變大，故D錯誤；E．在等壓過程，所以氣體在狀態(tài)a的壓強(qiáng)等于在狀態(tài)d的壓強(qiáng)；從狀態(tài)c到狀態(tài)d過程中，氣體等溫膨脹，由，可知?dú)怏w在狀態(tài)d的壓強(qiáng)小于在狀態(tài)c的壓強(qiáng)，所以氣體在狀態(tài)a的壓強(qiáng)小于在狀態(tài)c的壓強(qiáng)，故E正確。故選ACE。14.如圖甲所示，一個內(nèi)徑較粗、上端封閉的玻璃管豎直放置，玻璃管底部裝有一定長度的水銀柱，厚度和質(zhì)量均忽略不計(jì)的活塞將水銀柱上方的理想氣體分成A和B兩部分，穩(wěn)定時兩部分氣體的壓強(qiáng)均為P0=75cmHg，兩部分氣體的氣柱長度分別為hA=40cm和hB=20cm?，F(xiàn)緩慢將玻璃管倒置，再次穩(wěn)定時發(fā)現(xiàn)A、B兩部分氣體的氣柱長度相等，如圖乙所示。已知玻璃管內(nèi)氣體溫度始終保持不變，不計(jì)活塞與玻璃管間的摩擦。求：玻璃管內(nèi)水銀柱的長度為多少？【答案】50cm【解析】【詳解】設(shè)玻璃管的橫截面積為S，水銀柱長度為H，圖乙狀態(tài)A、B兩部分的氣體的氣柱長度均為h，壓強(qiáng)分別為PA、PB，對A、B兩部分的氣體，由玻-馬定律可得而聯(lián)立解得H=50cm【物理——選修3-4】