第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2022-2023學(xué)年甘肅省定西市臨洮中學(xué)高二（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1.對(duì)于一定質(zhì)量的物體，以下說(shuō)法中正確的是(

)A.速度不變，動(dòng)能可能改變 B.速度變化，動(dòng)能一定變化

C.動(dòng)能不變，速度一定不變 D.動(dòng)能變化，速度一定改變2.某次雷雨天氣，帶電云層和建筑物上的避雷針之間形成電場(chǎng)，圖中虛線為該電場(chǎng)的三條等勢(shì)線，實(shí)線為某帶電粒子從A運(yùn)動(dòng)到B的軌跡，A、B為運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。帶電粒子的重力不計(jì)，避雷針帶正電。則(

)A.帶電粒子帶正電

B.避雷針尖端附近電勢(shì)較低

C.帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能

D.帶電粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度3.AED為自動(dòng)體外除顫器，是用來(lái)?yè)尵刃呐K驟停病人的便攜式急救設(shè)備，它已被廣泛用于學(xué)校、商場(chǎng)、機(jī)場(chǎng)等公共場(chǎng)所。某家用AED的電容器的電容是25μF，充電4kA.電容器放電過(guò)程中電容越來(lái)越小

B.電容器充電儲(chǔ)存的電荷量為100C

C.電容器的擊穿電壓為4kV

4.2023年5月30日9時(shí)31分，我國(guó)成功發(fā)射“神州十六號(hào)”載人飛船，神舟十六號(hào)發(fā)射人軌后就去找空間站組合體，并與它完成交會(huì)對(duì)接。如圖載人飛船與空間站此時(shí)在同一軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.載人飛船的發(fā)射速度大于11.2km/s

B.載人飛船與空間站在軌運(yùn)行的線速度小于7.9km5.如圖所示為一種新型的電磁船的俯視圖，MN、PQ為固定在船上的豎直平行金屬板，直流電源接在M、P之間，船上裝有產(chǎn)生強(qiáng)磁場(chǎng)的裝置，可在兩平行金屬板間海水中的虛線框內(nèi)產(chǎn)生強(qiáng)磁場(chǎng)。閉合開(kāi)關(guān)S后，電流通過(guò)海水從N流向Q，若船受到海水的反沖向左運(yùn)動(dòng)，虛線框中的磁場(chǎng)方向應(yīng)該(

)A.豎直向下 B.豎直向上 C.水平向左 D.水平向右6.小明坐在汽車的副駕駛位上看到一個(gè)現(xiàn)象：當(dāng)汽車的電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)時(shí)，汽車的車燈會(huì)瞬時(shí)變暗。汽車的電源、電流表、車燈、電動(dòng)機(jī)連接的簡(jiǎn)化電路如圖所示，已知汽車電源電動(dòng)勢(shì)為12.5V，內(nèi)阻為0.05Ω。僅S2接通時(shí)電流表示數(shù)為10A；保持S2接通、S1閉合瞬間，電流表示數(shù)達(dá)到A.當(dāng)電動(dòng)機(jī)未啟動(dòng)時(shí)，電源每秒有125J的電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能

B.在電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)瞬間，流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為50A

C.在電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)瞬間，車燈的功率減少了44.8W

D.7.如圖所示，水平面內(nèi)邊長(zhǎng)為2l的正方形MNPQ區(qū)域內(nèi)有磁感強(qiáng)度大小均為B，方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，O、O1分別為MN和PQ的中點(diǎn)。一邊長(zhǎng)為l，總電阻為R的正方形線框abcd，沿直線OO1勻速穿過(guò)圖示的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中bA. B.

C. D.二、多選題（本大題共4小題，共20.0分）8.如圖所示，在水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中一矩形閉合線圈繞OO′軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，若要使線圈中的電流峰值減半，可行的方法是(

)

A.只將線圈的轉(zhuǎn)速減半 B.只將線圈的匝數(shù)減半

C.只將勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度減半 D.只將線圈的邊長(zhǎng)減半9.2023年5月28日，中國(guó)商飛交付的全球首架C919大型客機(jī)從上海到北京飛行成功。為研制大型客機(jī).研究人員進(jìn)行了大量的風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)。某次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)：從H=5m處，將m=1kg的物塊(視為質(zhì)點(diǎn))以v0A.物塊做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

B.物塊落地時(shí)的動(dòng)能為58J

C.物塊拋出后經(jīng)過(guò)0.64s動(dòng)能最小

D.10.如圖所示為科學(xué)家用某種透明均勻介質(zhì)設(shè)計(jì)的“光環(huán)”，圓心為O，半徑分別為R和2R。AB部分是超薄光線發(fā)射板，發(fā)射板右側(cè)各個(gè)位置均能發(fā)射出水平向右的光線，發(fā)射板左側(cè)為光線接收器。通過(guò)控制發(fā)射光線的位置，從C位置發(fā)射出一細(xì)光束，發(fā)現(xiàn)該光束在“光環(huán)”中的路徑恰好構(gòu)成一個(gè)正方形，且沒(méi)有從“光環(huán)”射出，已知光在真空中的速度為c。下列說(shuō)法正確的是(

)A.只有從C位置發(fā)射的細(xì)光束才能發(fā)生全反射

B.該光束在“光環(huán)”中走過(guò)的路程為82R

C.“光環(huán)”對(duì)該光束的折射率可能是311.彩色多普勒三維成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組簡(jiǎn)諧超聲波，遇到人體組織會(huì)產(chǎn)生不同的反射，探頭接收到的超聲波信號(hào)輸入計(jì)算機(jī)形成圖像。某次血管探頭發(fā)出如圖所示的超聲波，t=0時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)M，t=2.5×10?8sA.質(zhì)點(diǎn)N開(kāi)始振動(dòng)的方向沿y軸正方向

B.探頭發(fā)出的超聲波在血管中的傳播速度為8×102m/s

C.質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為y=0.4三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）12.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置來(lái)測(cè)量?根細(xì)線能承受的最大拉力。把細(xì)線的兩端固定在滑塊上，滑塊可在帶有刻度尺的軌道上滑動(dòng)，線兩端的固定點(diǎn)的位置可以由滑塊上的標(biāo)志線所對(duì)應(yīng)的刻度讀出。

(1)把軌道調(diào)水平，固定左端滑塊，移動(dòng)右滑塊，細(xì)線拉直時(shí)，左端滑塊位置讀數(shù)為30.00cm，右端滑塊位置讀數(shù)為80.00cm，算出細(xì)線兩端之間的距離L0。

(2)把右端滑塊移動(dòng)到圖甲所示位置處，在細(xì)線中點(diǎn)掛上質(zhì)量為m=200g的鉤碼3個(gè)。

(3)緩慢移動(dòng)右端滑塊，直到細(xì)線被拉斷，固定右端滑塊，如圖乙所示，則右端滑塊位置讀數(shù)為_(kāi)_____cm，算出左右兩滑塊之間的距離L。

(4)13.在工業(yè)生產(chǎn)中，常運(yùn)用測(cè)定電學(xué)量的方法來(lái)測(cè)定某些溶液含離子的濃度。某同學(xué)利用圖a所示電路模擬這一情形，測(cè)定不同濃度下食鹽溶液的電阻率。在長(zhǎng)方體絕緣容器內(nèi)插上兩豎直金屬薄板A、B，A板固定在左側(cè)，B板可插在容器內(nèi)不同位置。

(1)因缺保護(hù)電阻，為保護(hù)電流表，開(kāi)關(guān)閉合前B板應(yīng)盡量靠近容器的______側(cè)(填左或右)，容器內(nèi)應(yīng)倒入______(填“少量”或“大量”)食鹽溶液。

(2)某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，容器內(nèi)有一定量的食鹽溶液，且B板位于最右端，此時(shí)電流表示數(shù)如圖c，則此時(shí)電路中電流為_(kāi)_____mA；為便于在多次測(cè)量中電流的變化范圍更大一些，應(yīng)______(選填：增加、減少)容器內(nèi)的食鹽溶液。

(3)倒入適量食鹽溶液后，將B板插在容器內(nèi)不同位置，改變B、A兩板的間距x，讀取電流表讀數(shù)I，測(cè)量多組數(shù)據(jù)，得到1I?x圖線如圖b所示。已知電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V，容器內(nèi)部底面長(zhǎng)l=20cm四、簡(jiǎn)答題（本大題共3小題，共37.0分）14.某學(xué)習(xí)興趣小組研究海上新能源問(wèn)題時(shí)，制作了一個(gè)小型波浪發(fā)電機(jī)，磁鐵固定在水中，繞有線圈的浮筒套在S極上，其截面如圖甲。浮筒可隨波浪上下往復(fù)運(yùn)動(dòng)切割磁感線而產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖乙。已知線圈匝數(shù)N=100匝、電阻r=2Ω，每匝線圈截面直徑D=2πm，所處磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.01T，把線圈與阻值R=8Ω的小燈泡串聯(lián)，小燈泡恰好正常發(fā)光。求：

(1)15.如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形BCD的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，頂點(diǎn)C恰好位于光滑絕緣直軌道AC的最低點(diǎn)，A點(diǎn)到B、D兩點(diǎn)的距離均為L(zhǎng)，A點(diǎn)在BD邊上的豎直投影點(diǎn)為O。y軸上B、D兩點(diǎn)固定兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷，在A點(diǎn)將質(zhì)量為m、電荷量為?q的小球套在軌道AC上(忽略它對(duì)原電場(chǎng)的影響)將小球由靜止釋放，已知靜電力常量為k，重力加速度為g，且kQqL2=33mg，忽略空氣阻力，求：

(1)軌道上A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E16.如圖甲所示，一半徑為d的圓形磁場(chǎng)，其圓心位于xOy平面的坐標(biāo)原點(diǎn)，磁場(chǎng)左側(cè)水平放置兩塊長(zhǎng)度均為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，x軸過(guò)平行金屬板的中心軸線.平行金屬板間加上如圖乙所示周期性變化的電壓，在緊靠P板左側(cè)有一粒子源S，從t=0時(shí)刻開(kāi)始連續(xù)射出初速度大小為v0、方向平行于金屬板的相同帶電粒子，t=0時(shí)刻射出的粒子恰好從Q板右側(cè)邊緣離開(kāi)電場(chǎng)。已知電場(chǎng)變化周期T=2dv0，粒子質(zhì)量為m，電荷量為+q，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=mv0dq，若進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子均能從y軸上的M點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，粒子打到金屬板上會(huì)被吸收，不計(jì)粒子重力及相互間的作用力，求：

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式Ek=12mv2可知速度不變，一定質(zhì)量的物體的動(dòng)能一定不變，故A錯(cuò)誤；

B、一定質(zhì)量的物體的速度大小變化，動(dòng)能一定變化；若只是速度方向變化，動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C、一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能不變只能說(shuō)明速度大小不變，但是不能確定速度方向是否變化，故C錯(cuò)誤；

D、一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能變化則速度的大小一定不變，所以速度一定變化，故D正確。

故選2.【答案】C

【解析】解：A.帶電粒子的軌跡向下彎曲，帶電粒子與帶正電的避雷針之間為吸引力，帶電粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B.避雷針帶正電，電場(chǎng)線是發(fā)散的，離避雷針越近電勢(shì)越高，所以避雷針尖端附近電勢(shì)較高，故B錯(cuò)誤；

C.帶電粒子帶正電，從A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，庫(kù)侖引力做正功，電勢(shì)能減小，故在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；

D.離避雷針越近，電場(chǎng)越強(qiáng)，粒子所受的電場(chǎng)力越大，加速度越大，故帶電粒子在A點(diǎn)的加速度小于在B點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的受力特點(diǎn)，可以判斷出帶電粒子正負(fù)，及電場(chǎng)線的方向，進(jìn)而根據(jù)電場(chǎng)線方向從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面可以確定三個(gè)等勢(shì)面電勢(shì)的高低；等勢(shì)面的疏密程度可以表示場(chǎng)強(qiáng)的大??；對(duì)正電荷來(lái)說(shuō)，電勢(shì)越高電勢(shì)能越高。

確定電場(chǎng)線的方向是解題的關(guān)鍵，做法是做出軌跡與等勢(shì)面的交點(diǎn)位置處等勢(shì)面的垂線，然后根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的受力特點(diǎn)確定質(zhì)點(diǎn)的受力方向，進(jìn)而確定帶電粒子電性、電勢(shì)高低等信息。3.【答案】D

【解析】解：A.電容器的電容決定于電容器本身，電容器放電完成后，電容不變，故A錯(cuò)誤；

B.電容器充電儲(chǔ)存的電荷量

q=CU=25×10?6×4000C=0.1C

故B錯(cuò)誤；

C.電容器在4kV時(shí)正常工作，不是擊穿電壓，故C錯(cuò)誤；

D.放電過(guò)程的平均電流

I=q4.【答案】B

【解析】解：A.載人飛船發(fā)射后繞地球運(yùn)動(dòng)，故發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/s之間，故A錯(cuò)誤；

B.7.9km/s是地球的第一宇宙速度，是衛(wèi)星圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，則載人飛船與空間站在軌運(yùn)行的線速度小于7.9km/s，故B正確；

C.載人飛船要與空間站對(duì)接，需要先減速至低軌，然后再加速變回至原軌道；若載人飛船向后噴氣加速，則其將脫離原軌道向原軌道外側(cè)運(yùn)動(dòng)，不能和空間站對(duì)接，故C錯(cuò)誤；

D.載人飛船由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則有：GMmr2=mω2r

可得：ω=GMr3

已知地球質(zhì)量與載人飛船的軌道半徑，缺少引力常量G，無(wú)法求出角速度ω，故5.【答案】A

【解析】解：由圖，電流通過(guò)海水從N流向Q，要使船向前進(jìn)，即船向左運(yùn)動(dòng)，則電流對(duì)海水的安培力的方向必定向右，由左手定則可知，磁場(chǎng)的方向必定豎直向下。故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

由圖判斷出電流的方向，然后結(jié)合船運(yùn)動(dòng)的方向與海水運(yùn)動(dòng)的方向由左手定則判斷磁場(chǎng)的方向即可。

用左手定則判定的方法：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)．讓磁感線垂直穿過(guò)掌心，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向．

6.【答案】C

【解析】解：A、電動(dòng)機(jī)未啟動(dòng)時(shí)，車燈、電流表和電源串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知此時(shí)的路端電壓：U=E?Ir=12.5V?10×0.05V=12V

車燈兩端電壓即路端電壓，則車燈的功率：P=UI=12×10W=120W。則電源每秒有120J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故A錯(cuò)誤；

B、電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)瞬間，流過(guò)燈泡的電流小于10A，則流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流大于50A，故B錯(cuò)誤；

C.車燈接通電動(dòng)機(jī)未啟動(dòng)時(shí)，車燈兩端的電壓

U1=E?I1r

車燈的功率

P=U1I1

車燈的電阻

R17.【答案】B

【解析】解：從bc邊進(jìn)入到b點(diǎn)接觸MQ前，bc整個(gè)切割磁感線，電動(dòng)勢(shì)：E=Blv，I0=ER=BlvR，根據(jù)楞次定律，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，且恒定不變。

線框繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，在ad邊進(jìn)入磁場(chǎng)前的時(shí)間內(nèi)，bc邊上下兩部分在方向不同的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，在垂直紙面向里的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的部分長(zhǎng)度(即bc的上半部分)越來(lái)越短，在垂直紙面向外的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的部分長(zhǎng)度(bc的下半部分)越來(lái)越長(zhǎng)，但在垂直紙面向里的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)部分的長(zhǎng)度一直大于在垂直紙面向外的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)部分的長(zhǎng)度，所以這段時(shí)間內(nèi)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，且電流逐漸減小。

當(dāng)ad邊運(yùn)動(dòng)至與MN重合時(shí)，電流為0。

ad邊剛進(jìn)入時(shí)，根據(jù)楞次定律，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，bc邊上下兩部分切割磁感線長(zhǎng)度相等，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相反，所以此時(shí)電流大小為：I0=ER=BlvR。

此后電流一直增大，bc邊運(yùn)動(dòng)至整條邊都在向外的磁場(chǎng)時(shí)，電流最大，最大電流為：2I0=2Bl8.【答案】AC【解析】解：

A、由Im=EmR，Em=NBSω，ω=2πn，得Im=NBS?2πnR，故將轉(zhuǎn)速、以及磁感應(yīng)強(qiáng)度減半時(shí)，峰值均減小為原來(lái)的一半，故AC正確；

B、又因?yàn)殡娮鑂與匝數(shù)有關(guān)，當(dāng)匝數(shù)減半時(shí)電阻R也隨之減半，則I9.【答案】BC【解析】解：A、物塊受到豎直向下的重力和水平向右的風(fēng)力，初速度水平向左，則初速度方向與合力方向不共線，故物塊做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)題意可知，物塊在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，有

H=12gt2

運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=2Hg=2×510s=1s

水平方向加速度大小為

a=Fm=201m/s2=20m/s2

物塊落地水平距離為

x=v0t?12at2，解得：x=6m

物塊從拋出至落地，由動(dòng)能定理有

mg10.【答案】BC【解析】解：A、在此介質(zhì)中，AB板發(fā)射的光線若滿足入射角大于等于臨界角，均可發(fā)生全反射，不一定只有從C點(diǎn)發(fā)射的細(xì)光束才能發(fā)生全反射，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)題意，畫(huà)出光路圖，如圖所示。

由幾何關(guān)系可知θ=45°，則CD=2Rcos45°=2R，所以正方形總長(zhǎng)度為s=8CD=8×2R=82R，故B正確；

C、根據(jù)題意可知，設(shè)全反射的臨界角為C，則有sinC=1n≤s11.【答案】AD【解析】解：A.在波動(dòng)過(guò)程中任何質(zhì)點(diǎn)的起振方向都與波源的起振方向相同，波最前沿質(zhì)點(diǎn)的起振方向與波源的起振方向相同，根據(jù)“同側(cè)法”可知質(zhì)點(diǎn)M的起振方向沿y軸正方向，因此質(zhì)點(diǎn)N的起振方向也是沿y軸正方向，故A正確；

B.根據(jù)題意可知，血管探頭發(fā)出的超聲波在血管中的傳播速度為

v=xt=(16?12)×10?5m2.5×10?8s=1.6×103m/s，故B錯(cuò)誤；

C.圖像可知，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)振幅為A=0.4mm，波長(zhǎng)為λ=8×10?2mm

根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期的關(guān)系，可知T=λv=8×10?51.6×103s=5×12.【答案】70.00

3mgL【解析】解：(3)由圖乙可知，右側(cè)滑塊正對(duì)刻度尺70位置，由于刻度尺最小刻度為1cm，根據(jù)刻度尺讀數(shù)估讀要求，右側(cè)滑塊位置讀數(shù)為70.00cm；

(4)設(shè)拉斷時(shí)細(xì)線與豎直方向上的夾角為α，拉線示意圖如下，根據(jù)幾何關(guān)系可得：

cosα=(L02)2?(L2)2L02=L02?L2L0

對(duì)鉤碼進(jìn)行受力分析，在豎直方向上

13.【答案】右

少量

28.0

減小

4.9

【解析】解：(1)為使電流盡量小，從而保護(hù)電流表及電源，應(yīng)使溶液電阻盡可能大，由電阻定律R=ρlS

可知，應(yīng)盡可增大兩板間距，減小高度；

(2)根據(jù)量程和最小分度讀出電流表的示數(shù)為28.0mA，當(dāng)B板在最右端時(shí)，回路中電阻處于最大值，此電流表接近滿偏，意味著最小的電流已接近滿偏，這樣電流數(shù)據(jù)變化范圍非常小，因而應(yīng)增大電路中的電阻，也是就是要減小溶液的通電截面積，即減少溶液，獲得變化范圍更廣的數(shù)據(jù)，以減小測(cè)量的偶然誤差。

(3)計(jì)算出當(dāng)板間距為20cm，溶液體積為1200cm3時(shí)的溶液截面積為S=60cm2，根據(jù)歐姆定律有：E=I(r內(nèi)+rA+ρ14.【答案】解：(1)由乙圖可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=42V

有效值E=Em2=422V=4V

此時(shí)小燈泡正好正常發(fā)光，則小燈泡的額定電壓為

U額=RR+rE=88+2×4V=3.2V

(2)由切割磁感線感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=BL【解析】(1)根據(jù)圖乙讀出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，求出有效值，根據(jù)串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律求小燈泡的額定電壓U額；

(2)根據(jù)公式E=BLv，由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值求線圈上下往復(fù)運(yùn)動(dòng)切割磁感線的最大速度v15.【答案】解：(1)根據(jù)題意，由幾何關(guān)系有

sin∠DAO=DOAD=12

故

∠DAO=30°

則軌道上A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小

EA=2kQL2cos30°=3kQL2=mgq

方向沿z軸正方向。

(2)根據(jù)題意，由幾何關(guān)系

OA=OC=32L

知

∠ACO=45°

根據(jù)對(duì)稱性可知，C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸正方向，且

EC=EA=mg【解析】(1)由幾何關(guān)系求∠DAO，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，求軌道上A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大??；

(2)由幾何關(guān)系求∠ACO，根據(jù)對(duì)稱性，分析C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小，對(duì)小球在C點(diǎn)受力分析，求沿桿方向的合力，分析加速度大??；

(3)A、C兩點(diǎn)電勢(shì)相