第1頁/共1頁2022-2023學年度第一學期期末質量檢測高二（理科）物理試題一、單選題（每小題3分，共30分）1.如圖是條形磁鐵磁場的部分磁感線，一金屬線圈從A位置開始沿紙面水平向右勻速移動過程中，穿過線圈的磁通量（）A.逐漸增大 B.先增大后減小C.逐漸減小 D.先減小后增大【答案】C【解析】【詳解】遠離磁極，磁場減弱，穿過線圈平面的磁感線條數(shù)減少，磁通量減小。故選C。2.如圖是汽車上使用的電磁制動裝置示意圖。電磁制動是一種非接觸的制動方式，其原理是當導體在通電線圈產(chǎn)生的磁場中運動時，會產(chǎn)生渦流，使導體受到阻礙運動的制動力。下列說法正確的是（）A.制動過程中，導體不會產(chǎn)生熱量B.如果導體反向轉動，此裝置將不起制動作用C.制動力的大小與線圈中電流的大小無關D.線圈電流一定時，導體運動的速度越大，制動力就越大【答案】D【解析】【詳解】A.電磁制動的原理是當導體在通電線圈產(chǎn)生的磁場中運動時，會產(chǎn)生渦流，電流流過電阻時會產(chǎn)生熱量,A錯誤；B.如果改變線圈中的電流方向，鐵芯產(chǎn)生的磁感線的方向變?yōu)榉聪?，此時產(chǎn)生的渦流方向也相反，根據(jù)安培力的公式，電流和所處的磁場方向同時反向，安培力方向不變，故還是使導體受到阻礙運動的制動力,B錯誤；C.線圈中電流越大，則產(chǎn)生的磁場越強，則轉盤轉動產(chǎn)生的渦流越強，則制動器對轉盤的制動力越大，C錯誤；D.線圈電流一定時，導體運動的速度越大，轉盤轉動產(chǎn)生的渦流越強，制動力就越大,D正確。故選D。3.在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的直角三角形線框abc，∠a＝90°，∠c＝37°，磁場方向垂直于線框平面，a、c兩點接一直流電源，電流方向如圖所示。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則下列說法正確的是（）A.導線bc受到的安培力大于導線ac所受的安培力B.導線abc受到的安培力的合力大于導線ac受到的安培力C.導線ab、ac所受安培力的大小之比為3：8D.導線abc受到的安培力的合力方向垂直于ac向上【答案】C【解析】【詳解】A．設磁感應強度大小為B，ac邊長為L，則abc的長度由題意可知在a、c點接一直流電源后流過abc導線的電流為，流過ac導線的電流為，故導線bc受到的安培力大小為導線ac所受的安培力大小為故A錯誤；B．導線abc的有效長度為L，受到的安培力大小為故B錯誤；C．a(chǎn)b、ac所受安培力的大小之比故C正確；D．根據(jù)左手定則，導線abc受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故D錯誤。故選C。4.如圖所示，兩根通電直導線，平行放置于水平桌面上，一矩形線圈abcd從A位置運動到對稱的B位置過程中，下列說法正確的是（）A.在A位置穿過線圈的磁感線方向垂直水平面向下B.在B位置穿過線圈的磁感線方向垂直水平面向下C.從A到B穿過線圈的磁通量一直減小D.從A到B穿過線圈的磁通量一直增大【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則，在A位置，左邊電流在線圈處產(chǎn)生的磁感線方向向下，右邊電流產(chǎn)生的磁感線方向向上，但合磁場方向向下，則穿過線圈的磁感線方向垂直水平面向下，選項A正確；B．類似地，在B位置，合磁場方向向上，則穿過線圈的磁感線方向垂直水平面向上，選項B錯誤；CD．根據(jù)Φ=BS，從A到B穿過線圈的磁通量先減小再增大，選項CD錯誤。故選A。5.如圖所示，在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極，沿邊緣內壁放一個圓環(huán)形電極，將兩電極接在穩(wěn)壓電源（輸出恒定電壓）的兩極上，然后在玻璃皿中放入導電液體，把玻璃皿放入蹄形磁鐵的磁場中，N極在下，S極在上，則（）A.通電液體在磁場中的力叫電場力B.判斷通電液體在磁場中受力方向應使用右手定則C.導電液體電阻率越大，旋轉效果越明顯D.液體將逆時針旋轉（自上往下看）【答案】D【解析】【詳解】A．通電液體在磁場中的力叫磁場力，故A錯誤；B．判斷通電液體在磁場中受力方向應左手定則，故B錯誤；C．導電液體電阻率越大，由，可知電阻越大，由，可知電流越小，由，可知安培力越小，旋轉效果越不明顯，故C錯誤；D．根據(jù)電勢的高低可知電流由邊緣流向中心，器皿所在處的磁場豎直向上，從上向下看，由左手定則可知，導電液體受到的磁場力沿順時針方向，因此液體沿逆時針方向旋轉，故D正確。故選D。6.如圖，甲、乙兩個完全相同的線圈，在距地面同一高度處由靜止開始釋放，A、B是邊界范圍、磁感應強度的大小和方向均完全相同的勻強磁場，只是A的區(qū)域比B的區(qū)域離地面高一些，兩線圈下落時始終保持線圈平面與磁場垂直，則（）A.甲先落地 B.乙先落地C.二者同時落地 D.無法確定【答案】B【解析】【詳解】先比較甲、乙線圈落地速度大小。乙進入磁場時的速度較大，則安培力較大，在磁場中的運動距離相等克服安培力做功較多，即產(chǎn)生的焦耳熱較多。由能量守恒定律可知，乙線圈落地速度較小。線圈穿過磁場區(qū)域時受到的安培力為變力，設受到的平均安培力為F，穿過磁場時間為，下落全過程時間為，落地時的速度為v，則全過程由動量定理得而，所以可見，兩下落過程安培力的沖量相等，整理得因為，所以故選B。7.如圖所示，面積為S閉合線圈放在磁場中，線圈平面與磁場垂直，磁場的磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律是，則在一個周期內線圈中產(chǎn)生感應電動勢最大的時刻（含0與T時刻）是（）A0、0.25T B.0.75TC.0、0.5T、T D.0.25T、0.5T、T【答案】C【解析】【詳解】線圈面積一定，B的周期性變化使穿過線圈的磁場量發(fā)生變化根據(jù)法拉第電磁感應律，，可見電動勢最大時也就是最大。我們可將的函數(shù)關系用圖來表示在該圖上，曲線的斜率反映了的大小。由圖可見，當t等于0、0.5T、T時，切線的斜率最大，因此，在這些時刻線圈產(chǎn)生的感應電動勢最大。故ABD錯誤，C正確；故選C。8.用一根導線圍成如圖所示的回路KLMN，KN和LM是半徑分別為ON、OM的同心圓弧，O為圓心，KL和NM沿圓的半徑方向，一圓環(huán)和KLMN在同一平面內，圓環(huán)的圓心也在O點，在圓環(huán)和回路KLMN中分別通以如圖所示的恒定電流I1、I2，圓環(huán)固定，則下列說法正確的是（）A.圓環(huán)對KN段圓弧的斥力大于對LM段圓弧的引力B.圓環(huán)對KL段和對MN段的安培力等大反向C.回路KLMN將在紙面內繞通過O點并垂直紙面的軸轉動D.回路KLMN將在紙面內向左平動【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，圓環(huán)上的電流I1在KLMN平面所在處的磁場方向垂直紙面向里。根據(jù)左手定則，圓環(huán)對KN段圓弧為引力，對LM段圓弧為斥力，A錯誤；B．根據(jù)左手定則，圓環(huán)對KL段的安培力方向垂直于KL向上，對MN段的安培力方向垂直于MN向下，根據(jù)對稱性，兩者大小相等，但是方向不是相反，B錯誤；CD．MNKL段和ML圓弧段的有效長度均可等效為ML直線，但ML圓弧所在處磁感應強度小，所受安培力方向向右，比MNKL段受力小，MNKL受安培力合力向左，則回路KLMN將在紙面內向左平動，C錯誤，D正確。故選D。9.如圖所示，三個完全相同的半圓形光滑軌道豎直放置，分別處在真空?勻強磁場和勻強電場中，軌道兩端在同一高度上。P?M?N分別為軌道的最低點。a?b?c三個相同的帶正電絕緣小球同時從軌道左端最高點由靜止開始沿軌道運動，則（）A.b球先于a球到達軌道的最低點B.a?b兩球第一次經(jīng)過軌道最低點時，b球對軌道的壓力更小C.三小球向下運動過程中，c球到達軌道最低點的速度最小D.c球運動過程中，其重力勢能最小時，電勢能一定最大【答案】C【解析】【詳解】A．沿著軌道建立自然坐標系，將速度和加速度分解為沿軌道方向和垂直于軌道方向，由于圖二洛倫茲力始終在垂直于軌道方向，不影響沿軌道方向的受力，所以b球和a球同時到達軌道的最低點；A錯誤；BC．第一個小球從軌道左端最高點由靜止開始沿軌道運動到P點過程中只有重力做功，根據(jù)動能定理有第二個小球從軌道左端最高點由靜止開始沿軌道運動到M點過程中只有重力做功，根據(jù)動能定理有第三個小球從軌道左端最高點由靜止開始沿軌道運動到N點過程中有重力做功、電場力做功，根據(jù)動能定理有根據(jù)以上公式有可知，c球到達軌道最低點的速度最小。由牛頓第二定律，對a球得對b球得所以a?b兩球第一次經(jīng)過軌道最低點時，b球對軌道的壓力更大；B錯誤，C正確；D．c球運動過程中，小球運動到軌道右側速度減小為0時，電勢能最大，D錯誤。故選C。10.如圖所示，相距為L的兩條足夠長的平行金屬導軌右端連接有一定值電阻R，整個裝置被固定在水平地面上，整個空間存在垂直于導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B，兩根質量均為m，電阻都為R，與導軌間的動摩擦因數(shù)都為的相同金屬棒、垂直放在導軌上?，F(xiàn)在給金屬棒施加一水平向左的作用力F，使金屬棒從靜止開始以加速度a做勻加速直線運動，若重力加速度為g，導軌電阻不計，最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等．則下列說法正確的是（）A.從金屬棒開始運動到金屬棒開始運動經(jīng)歷的時間為B.若從金屬棒開始運動到金屬棒開始運動經(jīng)歷的時間為T，則金屬棒開始運動時，水平拉力F的瞬時功率為C.若從金屬棒開始運動到金屬棒開始運動經(jīng)歷的時間為T，則此過程中流過電阻R的電荷量為D.從金屬棒開始運動到金屬棒開始運動的過程中，兩金屬棒的發(fā)熱量相等【答案】A【解析】【詳解】A．以EF為研究對象，設EF剛開始運動時其電流大小為I，則通過MN的電流為2I，由題有根據(jù)閉合電路歐姆定律得又聯(lián)立解得故A正確；B．金屬棒EF開始運動時，由得金屬棒MN所受的安培力大小為以MN為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得拉力的功率為又解得故B錯誤；C．MN棒在T時間內通過的位移為根據(jù)則得通過MN棒的電量為由于兩棒電阻都為R，則此過程中流過電阻R的電荷量為故C錯誤；D．由于MN棒切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢，相當于電源，通過MN的電流是EF電流的2倍，根據(jù)焦耳定律可知MN的發(fā)熱量是EF的4倍，故D錯誤。故選A二、多選題（每題4分，共20分，全部選對得4分，選對但不全對得2分，有錯選的不得分）11.當一帶正電q的粒子以速度v沿螺線管中軸線進入該通電螺線管，若不計重力，則：（）A.帶電粒子速度大小改變 B.帶電粒子速度方向改變C.帶電粒子速度大小不變 D.帶電粒子速度方向不變【答案】CD【解析】【詳解】由于長通電螺線管中產(chǎn)生的磁場方向平行于螺線管的中心軸線，與正粒子的運動方向平行，則正粒子在磁場中不受洛倫茲力，正粒子重力又不計，則粒子做勻速直線運動，故AB錯誤，CD正確。故選CD。12.如圖所示，光滑水平面上有一邊長為L的正方形金屬框，質量為m，總電阻為R，其右側cd邊緊鄰兩個磁感應強度大小均為B、寬度均為L、方向相反的有界勻強磁場，現(xiàn)讓金屬框在外力作用下以速度v0勻速進入磁場區(qū)域并沿直線運動，速度方向始終與磁場邊界垂直，金屬框平面始終與磁場垂直，則下列說法正確的是（）A.cd邊的位移為的過程中，金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱為B.cd邊的位移為的過程中，金屬框中感應電流大小為C.cd邊的位移為的過程中，金屬框產(chǎn)生的焦耳熱為D.金屬框離開右側磁場的過程中，通過其任一截面的電荷量為【答案】CD【解析】【詳解】A．cd邊位移為的過程中，只有cd邊切割磁感線，感應電動勢為感應電流為運動時間為則產(chǎn)生的焦耳熱故A錯誤；BC．cd邊位移為的過程中，ab邊和cd邊分別切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，感應電動勢為感應電流為運動時間為產(chǎn)生的焦耳熱故B錯誤C正確；D．金屬框離開右側磁場的過程中，由法拉第電磁感應定律得＝＝感應電流為通過其任一截面的電荷量為故D正確。故選CD。13.如圖所示，兩根電阻不計的平行光滑金屬導軌在同一水平面內放置，左端與定值電阻R相連，導軌x>0一側存在著沿x軸方向均勻增大的磁場，磁感應強度與x的關系是B=0.5＋0.5x（T），在外力F作用下一阻值為r的金屬棒從A1運動到A3，此過程中電路中的電功率保持不變。A1的坐標為x1=1m，A2的坐標為x2=2m，A3的坐標為x3=3m，下列說法正確的是（）A.回路中的電動勢既有感生電動勢又有動生電動勢B.在A1與A3處的速度之比為2：1C.A1到A2與A2到A3的過程中通過導體橫截面的電荷量之比為3：4D.A1到A2與A2到A3的過程中產(chǎn)生的焦耳熱之比為5：7【答案】BD【解析】【詳解】A．因為磁場不隨時間變化，故此過程中，只有動生電動勢，沒有感生電動勢，故A錯誤；B．A1處的磁感應強度B1=1T，A3處的磁感應強度B3=2T，因為電功率不變，故電流不變，又因為，則故B正確；C．由及B-x圖象可得，兩個過程中的面積之比，就是電荷量之比，故故C錯誤；D．由F安-x圖象可得，兩個過程中的面積之比就是焦耳熱之比故故D正確。故選BD。14.如圖所示，M、N為同一水平面內的兩條平行長直導軌，左端串聯(lián)電阻R，金屬桿ab垂直導軌放置，金屬桿和導軌的電阻不計，桿與導軌間接觸良好且無摩擦，整個裝置處于豎直方向的勻強磁場中?，F(xiàn)對金屬桿ab施加一個與其垂直的水平方向的恒力F，使金屬桿從靜止開始運動。在運動過程中，金屬桿的速度大小為v，R上消耗的電功率為P，則下列關于v、P隨時間變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】AD【解析】【詳解】AB．對金屬桿ab施加一個與其垂直的水平方向的恒力F，使金屬桿從靜止開始運動，由于金屬桿切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢和感應電流，受到隨速度的增大而增大的安培力作用所以金屬桿做加速度逐漸減小的加速運動，當安培力增大到等于水平方向的恒力F時，金屬桿做勻速直線運動，故v－t圖像斜率減小，故A正確，B錯誤；CD．由P＝＝v先增大后不變，則P先增大后不變，但不是均勻增大，故C錯誤，D正確。故選AD。15.如圖甲所示，一正方形單匝金屬線框放在光滑水平面上，水平面內兩條平行直線MN、OP間存在垂直水平面勻強磁場，時，線框在水平向右的外力F作用下緊貼MN從靜止開始做勻加速運動，外力F隨時間t變化的圖線如圖乙實線所示，已知線框質量、電阻，則（）A.磁場寬度為3mB.勻強磁場的磁感應強度為TC.線框穿過OP的過程中產(chǎn)生的焦耳熱等于4JD.線框穿過MN的過程中通過導線內某一橫截面的電荷量為【答案】BD【解析】【詳解】A．時刻，線框的加速度為第末后直到第末這段時間內，拉力恒定為，此時線框在磁場中不受安培力，磁場寬度故A錯誤；B．當線框全部進入磁場的瞬間有，（其中，解得故B正確；C．設線框穿過OP的初末速度分別為、，線圈全程做勻加速直線運動，則由動能定理有而可得即線框穿過OP的過程中產(chǎn)生的焦耳熱大于4J，故C錯誤；D．設線框的邊長為，則進磁場的過程從0~1s的位移為線框穿過MN的過程中通過導線內某一橫截面的電荷量為故D正確；故選BD。三、填空題（每空2分，共16分）16.在垂直于磁場方向放入的通電導線長，電流強度，若它所受的磁場力，則該磁場的磁感應強度______T；若導線平行該磁場方向放置，則磁場力________N?！敬鸢浮竣?0.5②.0【解析】【詳解】[1]根據(jù)安培力公式可得該磁場的磁感應強度為[2]若導線平行該磁場方向放置，則磁場力為0。17.如圖所示，在同一水平面內有兩根光滑平行金屬導軌MN和PQ，在兩導軌之間豎直放置通電螺線管，ab和cd是放在導軌上的兩根金屬棒，它們分別放在螺線管的左、右兩側，保持開關閉合，最初兩金屬棒處于靜止狀態(tài)。當滑動變阻器的滑片向左滑動時，兩根金屬棒與導軌構成的回路中感應電流方向（俯視圖）為______（選填“順”或“逆”）時針方向，ab、cd兩棒相互______（選填“靠近”或“遠離”）?！敬鸢浮竣?逆②.遠離【解析】【詳解】[1][2]當滑動變阻器滑片向左滑動時，電路中的電流變大，螺線管的磁場增強，根據(jù)安培定則，由電流方向可確定螺線管內的磁場方向垂直導軌向下，由于螺線管處于兩棒中間，所以穿過兩棒與導軌所圍成的回路磁通量變大，并由楞次定律的“增反減同”可得，回路產(chǎn)生逆時針方向的感應電流（俯視）。ab、cd棒均處于方向向上的磁場中，根據(jù)左手定則，ab棒所受安培力方向向左，cd棒所受安培力方向向右，兩棒相互遠離。18.如圖所示，一質量為m的導體棒MN兩端分別放在兩個固定的光滑圓形導軌上，兩導軌平行且間距為L，導軌處在豎直方向的勻強磁場中，當導體棒中通以自左向右的電流I時，導體棒靜止在與豎直方向成37°角的導軌上，重力加速度大小為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則磁場的磁感應強度大小B＝________，每個圓導軌對導體棒的支持力大小F＝________?！敬鸢浮竣?②.mg【解析】【詳解】[1]從左向右看，對導體棒受力分析如圖所示。由平衡條件得tan37°＝F安＝BIL解得[2]設兩導軌對導體棒的支持力為2FN，則有2FNcos37°＝mg解得FN＝mg即每個圓導軌對導體棒的支持力大小為mg。19.如圖所示，平行于紙面向右的勻強磁場的磁感應強度，長的直導線中通有的恒定電流，導線平行于紙面與B成60°夾角時，發(fā)現(xiàn)其受到的安培力為零；而將導線垂直于紙面放置時，可測得其受到的安培力大小為2N，則該區(qū)域同時存在的另一勻強磁場的磁感應強度可能等于________或________．【答案】①.②.【解析】【詳解】根據(jù)題意“導線平行于紙面與B1成60°的夾角時，發(fā)現(xiàn)其不受安培力”說明合磁場一定與電流方向平行，即合磁場可能跟電流方向相同，或相反。

根據(jù)左手定則，將導線垂直于紙面放置時，所受的安培力的合力一定跟導線垂直。

垂直放置時，不妨設電流方向垂直紙面向內，則兩種情況分別如下圖

B1產(chǎn)生的安培力為F1，方向垂直B1向下，大小為F1=B1IL＝1N

[1]．第一種情況，合磁場跟電流方向相同

根據(jù)平行四邊形定則，以F1為鄰邊、F合為對角線作另一個鄰邊F2，如上圖所示，根據(jù)幾何關系可知α=30°，F(xiàn)合＝2N、F1＝1N，所以F2＝N

因為F2＝B2IL，所以如圖B2的方向在紙面內垂直B1向上.

[2]．第二種情況，合磁場跟電流方向相反

根據(jù)平行四邊形定則，以F1為鄰邊、F′合為對角線作另一個鄰邊F′2，如下圖所示，如圖θ=30°，所以根據(jù)余弦定理，有因為所以四、實驗題（每空1分，共12分）20.探究磁鐵在通電螺線管中運動是否產(chǎn)生電流（如圖所示），當N（或S）極插入線圈時，___________（有或無）電流；N（或S）極停在線圈中___________（有或無）電流；N（或S）極從線圈中抽出，___________（有或無）電流；實驗結論∶線圈中的磁通量_____________（變化成不變）時，線圈中有感應電流；線圈中的磁通量_________（變化或不變）時，線圈中無感應電流。【答案】①.有②.無③.有④.變化⑤.不變【解析】【詳解】[1]當N（或S）極插入線圈時，穿過線圈的磁通量變化，線圈有感應電流產(chǎn)生；[2]N（或S）極停在線圈中時，穿過線圈的磁通量無變化，無感應電流產(chǎn)生；[3]N（或S）極從線圈中抽出，穿過線圈的磁通量變化，線圈有感應電流產(chǎn)生；[4][5]根據(jù)以上實驗結果，可知：線圈中的磁通量變化時，線圈中有感應電流；線圈中的磁通量不變時，線圈中無感應電流。21.G為指針零刻度在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時指針的偏轉情況如圖甲中所示，即電流從靈敏電流表G的左接線柱流進時，指針從中央向左偏。今把它與一線圈串聯(lián)進行電磁感應實驗，則圖乙中的條形磁鐵的運動方向是向___________（填“上”或“下”）；圖丙中的條形磁鐵下端為___________（填“N”或“S”）極?！敬鸢浮竣?下②.S【解析】【詳解】[1]圖乙中指針向左偏，可以知道線圈中感應電流的方向是順時針（俯視），感應電流的磁場方向向下，條形磁鐵的磁場方向向上，由楞次定律可知，磁通量增加，條形磁鐵向下插入。[2]圖丙中可以知道指針向右偏，則線圈中感應電流的方向為逆時針（俯視），感應電流的磁場方向向上，條形磁鐵向上拔出，即磁通量減小，由楞次定律可知，條形磁鐵的磁場方向應該向上，所以條形磁鐵上端為N極，下端為S極。22.在“研究磁通量變化時感應電流的方向”實驗中，實物電路連接如圖：（1）實物圖中有一個元件接錯了回路，請指出并改正：______。（2）為了方便探究感應電流方向的規(guī)律，實驗應研究原磁場方向、磁通量的變化情況、______三者的關系。（3）在實驗過程中，除了查清流入電流表的電流方向與指針偏轉方向之間的關系之外，還應查清______中導線的繞制方向。（選填“A”“B”或“A和B”）（4）某同學在完成實驗后未斷開開關，也未把A、B兩線圈和鐵芯分開放置。在拆除電路時突然被電擊了一下，則被電擊是在拆除______（選填“A”或“B”）線圈所在電路時發(fā)生的；分析可知，要避免電擊發(fā)生，在拆除電路前應______（選填“斷開開關”或“把A、B線圈分開放置”）?！敬鸢浮竣?開關應接入原線圈A所在的回路②.感應電流的磁場方向③.A和B④.A⑤.斷開開關【解析】【詳解】（1）[1]開關應接入原線圈A所在的回路，改正后的接法如圖所示。（2）[2]為了方便探究感應電流方向的規(guī)律，實驗應研究原磁場方向、磁通量的變化情況、感應電流的磁場方向三者之間的關系；（3）[3]在實驗過程中，需要確定線圈A中電流的磁場方向和線圈B中感應電流的磁場方向，故還應查清線圈A與線圈B中導線的繞制方向；（4）[4][5]在拆除線圈A時，線圈A中電流快速減小，由于自感作用，線圈A中會產(chǎn)生很大的感應電動勢，導致該同學被電擊，要避免電擊發(fā)生，在拆除電路前應斷開開關。五、解答題（共3題，計22分）23.設如圖中線圈的匝數(shù)為100匝，假設任