2023屆遼寧省沈陽(yáng)市鐵路實(shí)驗(yàn)中學(xué)高一物理第二學(xué)期期中經(jīng)典試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、一個(gè)做機(jī)械振動(dòng)的物體，由平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的()A．物體的位移逐漸變大B．物體的速度逐漸變大C．物體的回復(fù)力逐漸變小D．物體的周期逐漸變小2、如圖所示，質(zhì)量均為m兩個(gè)物塊A和B，用勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接，處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用一豎直向上的恒力F拉物塊A，使A豎直向上運(yùn)動(dòng)，直到物塊B剛要離開地面．重力加速度大小為g，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．物塊B剛要離開地面，物塊A的加速度為B．在此過(guò)程中，物塊A的重力勢(shì)能增加C．在此過(guò)程中，彈簧彈性勢(shì)能的增量為0D．物塊B剛要離開地面，物塊A的速度為3、物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，克服重力做功50J，則（）A．重力做功為50JB．物體的重力勢(shì)能一定增加50JC．物體的重力勢(shì)能一定減小50JD．物體的重力勢(shì)能一定是50J4、一個(gè)內(nèi)壁光滑的圓錐形筒的軸線垂直于水平面，圓錐筒固定，有質(zhì)量相同的小球A和B，沿著筒的內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，A的運(yùn)動(dòng)半徑較大，則A．A球的線速度必大于B球的線速度B．A球的角速度必大于B球的角速度C．A球的運(yùn)動(dòng)頻率必大于B球的運(yùn)動(dòng)頻率D．A球?qū)ν脖诘膲毫Ρ卮笥贐球?qū)ν脖诘膲毫?、設(shè)地球自轉(zhuǎn)周期為,質(zhì)量為,引力常量為,假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體,半徑為.同一物體在南極和赤道水平面上靜止時(shí)所受到的支持力之比為()A． B．C． D．6、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，則A．帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B．P點(diǎn)的電勢(shì)將升高C．若將油滴固定，帶電油滴的電勢(shì)能將減小D．電容器的電容增大，極板帶電荷量增大7、月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期約為27天，地球同步衛(wèi)星的周期為1天．若月球的公轉(zhuǎn)半徑用r1表示，公轉(zhuǎn)速度用v1表示；同步衛(wèi)星的軌道半徑用r2表示，運(yùn)行速度用v2表示．則（）A．B．C．D．8、如圖所示為賽車場(chǎng)的一個(gè)水平“梨形”賽道，兩個(gè)彎道分別為半徑R=90m的大圓弧和r=40m的小圓弧，直道與彎道相切．大、小圓弧圓心O、O′距離L=100m．賽車沿彎道路線行駛時(shí)，路面對(duì)輪胎的最大徑向靜摩擦力是賽車重力的2.25倍．假設(shè)賽車在直道上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，在彎道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使賽車不打滑，繞賽道一圈時(shí)間最短(發(fā)動(dòng)機(jī)功率足夠大，重力加速度g=10m/s2，π=3.14)，則賽車()A．在繞過(guò)小圓弧彎道后加速B．在大圓弧彎道上的速率為45m/sC．在直道上的加速度大小為5.63m/s2D．通過(guò)小圓弧彎道的時(shí)間為5.85s9、已知地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大小為v1，向心加速度大小為a1，近地衛(wèi)星速度大小為v2，向心加速度大小為a2，地球同步衛(wèi)星線速度大小為v3，向心加速度大小為a3，設(shè)近地衛(wèi)星距地面高度不計(jì)，同步衛(wèi)星距地面高度約為地球半徑的6倍，則以下結(jié)論正確的是()A． B． C． D．10、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P從右端滑到左端時(shí)，發(fā)現(xiàn)電壓表V1、V2示數(shù)變化的絕對(duì)值分別為△U1和△U2，下列說(shuō)法中正確的是（）A．小燈泡L1、L2變暗，L3變亮B．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C．△U1＞△U2D．△U1=△U2二、實(shí)驗(yàn)題11、（4分）如圖在長(zhǎng)1m的兩端封閉的玻璃管中裝滿水，水中放有一個(gè)紅蠟

做成的小物體，將管豎直倒置時(shí)蠟制小物體能在管中勻速上升．現(xiàn)在做這樣一個(gè)實(shí)驗(yàn)，將管倒置的同時(shí)，使管保持豎直且開始沿水平方向做0.3m/s的勻速直線運(yùn)動(dòng)則：（1）從地面上看，紅蠟塊的運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)是一條______線；(填直線或曲線）（2）若蠟塊相對(duì)管上升的速度是0.4m/s，蠟塊剛到管頂時(shí)，管在水平方向上移動(dòng)了______

m．12、（10分）如圖甲所示為測(cè)量電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度的實(shí)驗(yàn)裝置，半徑不大的圓形卡紙固定在電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸上，在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓形卡紙的旁邊豎直安裝一個(gè)改裝的電火花計(jì)時(shí)器，實(shí)驗(yàn)時(shí)打下的點(diǎn)如圖乙所示．（1）要得到角速度的測(cè)量值，還需要_________（填器材前的字母標(biāo)號(hào)）．A．秒表B．毫米刻度尺C．圓規(guī)D．量角器（2）已知電火花計(jì)時(shí)器使用的交流電的頻率為f，則實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量的物理量及其符號(hào)為________，角速度ω的表達(dá)式為ω=____________．三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，一端固定的輕繩拉著一個(gè)質(zhì)量為0.2千克的小球，小球在光滑水平桌面上做半徑為60cm的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每0.2秒轉(zhuǎn)過(guò)30°，求：（1）小球的周期．（2）輕繩對(duì)小球的拉力大?。?）小球從任一位置開始，1.2s內(nèi)的平均加速度大?。?4、（14分）2018年是中國(guó)航天里程碑式的高速發(fā)展年，是屬于中國(guó)航天的“超級(jí)2018”。例如，我國(guó)將進(jìn)行北斗組網(wǎng)衛(wèi)星的高密度發(fā)射，全年發(fā)射18顆北斗三號(hào)衛(wèi)星，為“一帶一路”沿線及周邊國(guó)家提供服務(wù)。北斗三號(hào)衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）、中軌道衛(wèi)星和傾斜同步衛(wèi)星組成。其中一顆靜止軌道衛(wèi)星在距地球表面h處飛行。已知該衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，地球質(zhì)量為M、半徑為R，引力常量為G。（1）求靜止軌道衛(wèi)星的角速度ω；（2）求靜止軌道衛(wèi)星距離地面的高度h。15、（13分）某飛船在某小行星表面為返回地球而豎直起飛，起飛前在行星表面上的重力，飛船起飛時(shí)的加速度大小=5m/s2，飛船上升的高度等于小行星半徑時(shí)的加速度大小=10m/s2，若飛船上升時(shí)受到的推力不變，小行星的半徑R=96km，不計(jì)其他星體及該行星表面氣體的影響，求：(1)飛船的質(zhì)量和起飛時(shí)的推力；(2)該小行星的第一宇宙速度．

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、A【解析】

A.物體由平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)時(shí),離開平衡位置的距離逐漸增大，所以物體的位移逐漸變大，故A正確B.物體遠(yuǎn)離平衡位置，位移增大,速度逐漸減小,故B錯(cuò)誤C.物體的位移增大，由知物體的回復(fù)力逐漸增大，故C錯(cuò)誤D.物體機(jī)械振動(dòng)的周期由振動(dòng)系統(tǒng)本身決定,其周期不變，故D錯(cuò)誤．2、A【解析】

AB．開始，未用力F拉動(dòng)時(shí)，A、B靜止，設(shè)彈簧壓縮量為x1，由胡克定律有解得由題意當(dāng)物塊B剛要離開地面時(shí)，彈簧彈力等于B的重力，則有解得根據(jù)牛頓第二定律，有解得物塊A的總位移物塊A的重力勢(shì)能增加故A錯(cuò)誤，符合題意，B正確，不符合題意；C．根據(jù)A分析可知，彈簧原來(lái)的壓縮量為，后來(lái)彈簧的伸長(zhǎng)量為，形變量相同，所以初末彈簧勢(shì)能相等，變化量為0，故C正確，不符合題意；D．對(duì)A，根據(jù)動(dòng)能定理得解得故D正確，不符合題意；故選A．【點(diǎn)睛】本題主要考查了胡克定律、牛頓第二定律、動(dòng)能定理的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，能求出物塊A的總位移．3、B【解析】

ABC．物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，克服重力做功50J，說(shuō)明重力做了?50J的功，物體重力勢(shì)能增加50J，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．因零重力勢(shì)能點(diǎn)不確定，故不能確定物體的重力勢(shì)能大小，故D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】此題是對(duì)重力功及重力勢(shì)能關(guān)系的考查；要知道重力做正功重力勢(shì)能減小，重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加；重力勢(shì)能的變化等于重力做的功。4、A【解析】

A、以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，對(duì)小球受力分析，小球受力如圖所示，由牛頓第二定律得：，解得線速度的大?。?，A的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大，A球的線速度必大于B球的線速度，故選項(xiàng)A正確；B、根據(jù)可得角速度大小為：，A的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大，A球的角速度必小于于B球的角速度，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、周期為，A的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大，A的周期大于B的周期，所以A的頻率小于B的頻率，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、由受力分析圖可知，球受到的支持力，由于質(zhì)量相同和角度θ相同，則筒壁對(duì)A、B兩球的支持力相等，由牛頓第三定律可知，兩球?qū)ν脖诘膲毫ο嗟?，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．5、A【解析】

在赤道上：，可得:①在南極：

②由①②式可得：A.與分析相符，故選項(xiàng)A符合題意B.與分析不相符，故選項(xiàng)B不符合題意C.與分析不相符，故選項(xiàng)C不符合題意D.與分析不相符，故選項(xiàng)D不符合題意6、AD【解析】將平行板電容器的下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，板間距離減小，根據(jù)得知板間場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，則油滴將向上運(yùn)動(dòng)．故A正確．場(chǎng)強(qiáng)E增大，而P點(diǎn)與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與上極板間電勢(shì)差將增大，故P點(diǎn)相對(duì)于C點(diǎn)的電勢(shì)差減小，故P點(diǎn)電勢(shì)降低；故B錯(cuò)誤．由帶電油滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)可知，油滴應(yīng)帶負(fù)電，由于P點(diǎn)的電勢(shì)降低，則油滴的電勢(shì)能將增加．故C錯(cuò)誤．將平行板電容器的下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，根據(jù)可知電容增大，根據(jù)Q=UC，由于電容器和電源相連，電勢(shì)差不變，可知極板的帶電量增大；故D正確；故選AD．7、AC【解析】

AB．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，有解得衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的半徑可得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．由萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，有解得衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的線速度可得故C做正確，D錯(cuò)誤；故選AC．8、AB【解析】試題分析：設(shè)經(jīng)過(guò)大圓弧的速度為v，經(jīng)過(guò)大圓弧時(shí)由最大靜摩擦力提供向心力，由可知，代入數(shù)據(jù)解得：，故B正確；設(shè)經(jīng)過(guò)小圓弧的速度為v0，經(jīng)過(guò)小圓弧時(shí)由最大靜摩擦力提供向心力，由可知，代入數(shù)據(jù)解得：，由幾何關(guān)系可得直道的長(zhǎng)度為：再由代入數(shù)據(jù)解得：a=1．50m/s，故C錯(cuò)誤；設(shè)R與OO'的夾角為α，由幾何關(guān)系可得：，，小圓弧的圓心角為：120°，經(jīng)過(guò)小圓弧彎道的時(shí)間為，故D錯(cuò)誤．在彎道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，賽車不打滑，繞賽道一圈時(shí)間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心力，速度最大，由BC分析可知，在繞過(guò)小圓弧彎道后加速，故A正確；考點(diǎn)：考查了圓周運(yùn)動(dòng)，牛頓第二定律，運(yùn)動(dòng)學(xué)公式【名師點(diǎn)睛】解答此題的關(guān)鍵是由題目獲得條件：①繞賽道一圈時(shí)間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心力；②由數(shù)學(xué)知識(shí)求得直道長(zhǎng)度；③由數(shù)學(xué)知識(shí)求得圓心角．另外還要求熟練掌握勻速圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)．9、BC【解析】近地衛(wèi)星和同步衛(wèi)星都是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得，兩衛(wèi)星的軌道半徑比為1:7，所以，故A錯(cuò)誤；地球赤道上的物體和同步衛(wèi)星具有相同的周期和角速度，根據(jù)，地球的半徑與同步衛(wèi)星的軌道半徑比為1:7，故，故B正確；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：，得，衛(wèi)星的軌道半徑比為1:7，所以，同步衛(wèi)星與隨地球自轉(zhuǎn)的物體具有相同的角速度，根據(jù)得，地球的半徑與同步衛(wèi)星的軌道半徑比為1:7，所以，所以，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC.【點(diǎn)睛】同步衛(wèi)星與隨地球自轉(zhuǎn)的物體具有相同的角速度，根據(jù)和去求線速度和向心加速度之比．近地衛(wèi)星和同步衛(wèi)星都是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力去求線速度之比和加速度之比．10、BC【解析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，分析變阻器接入電路的電阻的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈L1亮度的變化．根據(jù)總電流的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L3亮度的變化．根據(jù)總電流與通過(guò)L3電流的變化，分析通過(guò)L1電流的變化，判斷其亮度變化．根據(jù)路端電壓的變化，分析△U1和△U1的大?。驹斀狻慨?dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，則L1變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮，故A錯(cuò)誤，B正確；由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V1的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，所以△U1＞△U1．故C正確，D錯(cuò)誤．所以BC正確，AD錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進(jìn)行分析．運(yùn)用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大?。?、實(shí)驗(yàn)題11、直【解析】

（1）[1]兩個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)軌跡是直線．（2）[2]根據(jù)平行四邊形定則，知合位移即為兩方向的位移矢量和，長(zhǎng)1m的兩端封閉的玻璃管中，蠟塊相對(duì)管上升的速度是0.4m/s，沿水平方向做0.3m/s的勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)，因此管在水平方向上移動(dòng)了．12、DN個(gè)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的圓心角θ【解析