2019-2020學年天津一中高一（下）期末物理試卷一、單選題（以下每小題中只有一個選項是正確的）1．有一行星大小與地球相同，密度為地球的2倍，則它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A．1倍B．2倍C．4倍D．8倍某行星的衛(wèi)星，在靠近行星表面的軌道上運行，已知引力常量G,若要計算該行星的密度，唯一要測出的物理量是（）行星的半徑B.衛(wèi)星的半徑C.衛(wèi)星的線速度D.衛(wèi)星繞行星運動的周期3．以下說法中正確的是（）物體做勻速直線運動，機械能一定守恒物體做勻加速直線運動，機械能一定不守恒物體所受合外力不為零，機械能可能守恒物體所受合外力不為零，機械能一定不守恒4．兩個材料相同的物體，甲的質(zhì)量大于乙的質(zhì)量，以相同的初動能在同一水平面上滑動，最后都靜止，它們滑行的距離是（）甲大B.乙大C.一樣大D.都有可能5?如圖所示，木塊A放在木塊B上左端，用力F將A拉至B的右端，第一次將B固定在地面上，F(xiàn)做功為WP產(chǎn)生的熱量為Qi；第二次讓B可以在光滑地面上自由滑動，這次F做的功為W2,產(chǎn)生的熱量為Q2,則應有（）W1<W2，Q1=Q2B.W1=W2，Q]=Q2C.W1<W2，Q1<Q2D.W1=W2，Q1<Q26?將三個木板1、2、3固定在墻角，木板與墻壁和地面構(gòu)成了三個不同的三角形，如圖所示，其中1與2底邊相同，2和3高度相同.現(xiàn)將一個可以視為質(zhì)點的物塊分別從三個木板的頂端由靜止釋放，并沿木板下滑到底端物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)均為保在這三個過程中，下列說法不正確的是（）A?沿著1和2下滑到底端時，物塊的速度不同；沿著2和3下滑到底端時，物塊的速度相同B?沿著1下滑到底端時，物塊的速度最大物塊沿著3下滑到底端的過程中，產(chǎn)生的熱量是最多的物塊沿著1和2下滑到底端的過程中，產(chǎn)生的熱量是一樣多的如圖所示，點電荷q2,q3處于在一條直線上，q2與q3的距離是q1與q2距離的2倍，每個電荷所受靜電力TOC\o"1-5"\h\z的合力均為零，由此可以判定，三個電荷的電量q1：q2：q3之比為（）?*?-9：4：一36B.9：4：36C?-3：2：6D?3：2：6兩根絕緣細線分別系住A、B兩個帶電小球，并懸掛在O點，當兩個小球靜止時，它們處在同一水平面上，兩細線與豎直方向間夾角分別為a、B，a<B，如圖所示?，F(xiàn)將兩細線同時剪斷，則（）兩球都做勻變速運動B?兩球下落時間ta>tbC?落地時兩球水平位移相同D.a球落地時的速度小于b球落地時的速度二、多項選擇題9?若人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，則離地面越近的衛(wèi)星（）A.速度越大B?角速度越大C.向心加速度越大D.周期越長10?在某一高處的同一點將三個質(zhì)量都相等的小球，以大小相等的初速度分別豎直上拋，平拋和豎直下拋，不計空氣阻力，則（）A.從拋出到落地的過程中，重力對它們做的功相等B?落地時三個球的動能相等三小球落地時間相等從拋出到落地的過程中，重力對它們做功的平均功率相等11?質(zhì)量為m的物體，從靜止勻加速上升到h高度，加速度大小為g,以下說法中正確的是（）物體的動能增加了mgh物體的重力勢能增加了mgh物體的機械能增加了2mgh物體的機械能不變?nèi)鐖D所示，A、B兩點固定兩個等量正點電荷，在A、B連線的中點C處放一點電荷(不計重力).若給該點電荷一個初速度，方向與AB連線垂直，則該點電荷可能的運動情況為()ACB往復直線運動勻變速直線運動加速度不斷減小，速度不斷增大的直線運動加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運動三、填空題質(zhì)量為1kg的物體從高處自由下落，經(jīng)過4秒鐘，(g=10m/s2)則物體在4秒內(nèi)重力對物體做功的平均功率為TOC\o"1-5"\h\zW,在4秒末重力做功的瞬時功率為W.質(zhì)量為m,發(fā)動機的額定功率為P0的汽車沿平直公路行駛，當它的加速度為a時，速度為v,測得發(fā)動機的實際功率為片，假定運動中所受阻力恒定，它在平直的路上勻速行駛的最大速度.如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，ZB=30°.現(xiàn)在A、B兩點放置兩點電荷qA、qB，測得C點場強的方向與AB平行，則qA帶，qA：qB=。(—￡在驗證機械能守恒定律的實驗中，要驗證的是重錘重力勢能的減少量等于它的動能的增加，以下步驟中僅是實驗中的一部分，在這些步驟中多余的或錯誤的有()把打點計時器固定在鐵架臺上，并用導線把它和低壓直流電源連接起來把紙帶的一端固定在重錘上，另一端穿過打點計時器的限位孔，把重錘提升到一定的高度接通電源，釋放紙帶用秒表測出重錘下落的時間四、計算題17．天體運動中，兩顆相距較遠的恒星相互吸引，繞共同的圓心做圓周運動，稱為雙星。已知兩顆恒星的質(zhì)量分別為Mi、M2,兩星相距L,求這兩顆恒星的軌道半徑和周期(引力恒量為G)。如圖所示，傾角為37°的粗糙斜面AB底端與半徑R=0.4m的光滑半圓軌道BC平滑相連，O為軌道圓心，BC為圓軌道直徑且處于豎直方向，A、C兩點等高.質(zhì)量m=1kg的滑塊從A點由靜止開始下滑，恰能滑到與O等高的D點,g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù).若使滑塊能到達C點，求滑塊從A點沿斜面滑下時的初速度v0的最小值.若滑塊離開C處的速度大小為4m/s,求滑塊從C點飛出至落到斜面上的時間t.如圖所示，長L=1.25m、質(zhì)量M=8kg的平板車靜止在光滑水平面上，車的左端放一質(zhì)量m=2kg的木塊，它與車面間的動摩擦因數(shù)=0.2，今以水平恒力F=10N拖木板在車上滑行，物體最終從車的右端滑落，木塊在車上滑動的過程中，(g=10m/s2)問：木塊m的加速度a1為多大，平板車M的加速度a2為多大？從靜止到木塊滑落過程中拉力對木塊做多少功？木塊滑落時小車和木塊動能各為多大？從靜止到木塊滑落過程中摩擦產(chǎn)生多少熱量？2019-2020學年天津一中高一（下）期末物理試卷試題解析1.1.解：根據(jù)萬有引力等于重力，列出等式：=mgR2=—npR,3行星大小與地球相同，密度為地球的2倍，所以它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，故B正確故選：B。解：根據(jù)密度公式得：A、已知行星的半徑，不知道質(zhì)量，無法求出行星的密度，故A錯誤。B、已知衛(wèi)星的半徑，無法求出行星的密度，故B錯誤。C、已知飛船的運行速度，根據(jù)根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式可以表示出行星的質(zhì)量，但是代入密度公式無法求出行星的密度，故C錯誤。.2D、根據(jù)根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：G卻rT一4JT2r3得行星的質(zhì)量：M=GT2代入密度公式得：p=，故D正確。GT2故選：D。解：A、物體做勻速直線運動，動能不變，勢能可能變化，如勻速上升，故A錯誤；B、物體做勻加速直線運動，加速度恒定，合力恒定，但不一定只有重力或彈力做功，故機械能不一定守恒，故B錯誤；C、D、物體所受合外力不為零，處于非平衡態(tài)，機械能可能定守恒，如各種拋體運動，故C正確，D錯誤；故選：C。4?解：材料相同的物體在同一水平面上滑動，動摩擦因數(shù)相同，根據(jù)牛頓第二定律可知affl=a乙甲乙因為ek甲=ek乙且m甲〉m乙，所以v甲Vv乙，甲乙

根據(jù)速度位移公式得：監(jiān)€所以x甲Vx乙。甲乙故選：B。5?解：因為木板不固定時木塊的位移要比固定時長，由公式W=Fs，知Wi<W2。摩擦產(chǎn)生的熱量Q=fs相對，兩次從木板左端滑到右端，相對位移相等，都等于板長，所以Qi=Q2.故A正確,BCD錯誤。故選：A。6．解：對物塊從高為h6．mgh-Wf=*mv2…①其中Wf為物塊克服摩擦力做的功，因滑動摩擦力為：f=N=mgcosB，所以物塊克服摩擦力做的功為:Wf=fL=mgcos0XL=mgLcos0=mgL底…②底由圖可知，Lcos9為斜面底邊長，可見，物體從斜面頂端下滑到底端時，克服摩擦力做功與斜面底端長度L底成正比。底A、B因沿著1和2下滑到底端時，物體克服摩擦力做功相同，沿著1重力做功大于沿2重力做功，根據(jù)①式得知，沿著1下滑到底端時物塊的速度大于沿2下滑到底端時速度；沿著2和3下滑到底端時，重力做功相同，而沿2物體克服摩擦力做功小于沿3克服摩擦力做功，則由①式得知，沿著2下滑到底端時物塊的速度大于沿3下滑到底端時速度；所以沿著1下滑到底端時，物塊的速率最大，而沿著3下滑到底端時，物塊的速率最小。故A錯誤。B正確;C、沿3時克服摩擦力做的功最多，物體的機械能損失最大，產(chǎn)生的熱量最多。故C正確。D、同理，根據(jù)以上分析知，物塊沿1和2下滑到底端的過程中，產(chǎn)生的熱量一樣多，故D正確。本題選錯誤的，故選A。解：若q2為負電荷，假設q1帶負電，要使q2平衡則q3也應帶負電，但此時q3因都受斥力而不平衡，故q1帶正電，同理分析q3帶正電。若同理也可能是q1>q3帶負電，q2帶正電。故選：A。解：AB、設兩球之間的庫侖力大小為F,當兩小球靜止時，則有F=magtana=mbgtanB，因為a<B，所以有ma>mb。將兩細線同時剪斷后，兩球在豎直方向都做自由落體運動，下落時間相同；在水平方向上，庫侖力逐漸變小，兩球在庫侖力作用下做變加速直線運動，故AB錯誤。CD、由a=E可知，加速度aa<ab，所以兩球落地時水平位移xa<xb，落地速度va<vb，故C錯誤，D正確。IQ故選：D。二、多項選擇題■~l'~|]I解：根據(jù)=得，向心加速度a=&與，線速度v=.左叢，角速度①二2~3周期T='，離地面越近的衛(wèi)星，軌道半徑越小，向心加速度越大，線速度越大，角速度越大，周期越VGM小,故A、B、C正確，D錯誤。故選：ABC。解：A、重力做功與路徑無關，只與初末位置有關，故重力做功相等，故A正確；B、小球運動過程中，只有重力做功，機械能守恒，由于初位置的動能和重力勢能都相等，根據(jù)機械能守恒定律得到落地時動能也相等，故B正確；C、落地的時間不同，豎直上拋時間最長，豎直下拋時間最短，故C錯誤；D、平拋運動的豎直分運動為自由落體運動，故上拋時間最長，下拋時間最短，根據(jù)=世，平均功率不等，故tD錯誤；故選：AB。解：A、物體從靜止開始以g的加速度沿豎直方向勻加速上升，由牛頓第二定律得：F-mg=ma,解得：F=2mg,由動能定理得：-mgh+Fh=Ek-0,解得Ek=-mgh+Fh=mgh，故A正確；B、物體上升，克服重力做功，物體重力勢能增加了mgh,故B正確；C、物體重力勢能增加量mgh，動能增加了mgh，故機械能增加量2mgh，故C正確，D錯誤；故選：ABC。解：若該電荷為正電荷，給它初速度，將沿兩電荷的中軸線運動，向上運動的過程中，受到電場力的合力先增大后減小，合力方向沿中軸線向上，所以該電荷向上做加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運動。若該電荷為負電荷，受到電場力的合力沿軸線向下，向上做減速運動，當速度為0后，又返回做加速運動，在兩電荷連線以下做減速運動，減到速度為零，又返回做加速運動，所以電荷做往復直線運動。故A、D正確，B、C錯誤。故選：AD。三、填空題1n113?解：4s內(nèi)位移h=，則重力做功WG=mgh=10X80J=800J.——?則重力做功的平均功率t44s末的速度v=gt=40m/s.則重力做功的瞬時功率P=mgv=10X40=400W.故答案為：200，400．Pi14?解：當速度為v時，發(fā)動機的實際功率為卩］，此時的牽引力F=v根據(jù)牛頓第二定律有：F-f=ma，Pl解得f=F-ma=-ma.-v、—f“十…」、+宀八_P0_P0_P0當牽引力等于阻力時，速度最大，辛二T_rnap0故答案為：Vma解：若A、B都為正電荷，都為負電荷，或A為正電荷，B為負電荷，C點合場強的方向不可能與AB平行。E衛(wèi)1所以A為負電荷、B為正電荷，根據(jù)平行四邊形定則，知A、B在C點的場強之比為二斗。EB2■qu1'-1u1又點電何的場強公式為C點距離A、B兩故答案為：負電，1故答案為：負電，1：8。解：A、打點計時器連接交流電源，故A錯誤。B、把紙帶的一端固定在重錘上，另一端穿過打點計時器的限位孔，把重錘提升到一定的高度，故B正確。C、實驗時先接通電源，再釋放紙帶，故C正確。D、打點計時器可以記錄時間，不需要用秒表測出重錘下落的時間，故D是多余的。本題選多余的或錯誤的，故選：AD。四、計算題解：設恒星M2的軌道半徑分別為耳、r2,周期為T,根據(jù)牛頓第二定律得:對M1有：G對M1有：G對M2有：G結(jié)合r1+r2=L解得:g(m1+k2)°g(m1+k2)°18.解：(1)滑塊由A到D過程，根據(jù)動能定理，有:mg(2R-R)-mgcos37°?=0-0sin37得LI-ytan37°=0.3752mv若滑塊能到達C點，根據(jù)牛頓第二定律有mg-

一―I則得V一―IA到C的過程：根據(jù)動能定理有-mgcos37°?—sin37聯(lián)立解得，v0=十？駅三2〔：3m/s所以初速度v0的最小值為2l3m/s.滑塊離開C點做平拋運動，則有X=VJHgt2由幾何關系得：tan37°=跡學聯(lián)立得5t2+3t-0.8=0解得t=0.2s答：滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.375．若使滑塊能到達C點，滑塊從A點沿斜面滑下時的初速度v0的最小值為2iPm/s.若滑塊離開C處的速度大小為4m/s,滑塊從C點飛出至落到斜面上的時間t是0.2s.19．解：(1)木塊與車相對滑動時，對木塊，由牛頓第二定律得：F-mg=ma1，代入數(shù)據(jù)解得：a1=3m/s2對車，由牛頓第二定律得：mg=Ma2，代入數(shù)據(jù)解得：a2=0.5m/s2。(2)木塊與車分離時兩者之間的相對位移為L=1.25m，設木塊在車上運動的時間為t,則有:L=x木-x車又因：X木=寺a