1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個質(zhì)量為m的鋼球，放在傾角為的固定斜面上，用一垂直于斜面的擋板擋住，處于靜止狀態(tài)。各個接觸面均光滑，重力加速度為g,則擋板從該位置緩慢放平的過程中，球?qū)醢宓膲毫颓驅(qū)π泵娴膲毫? )A增大 增大B減小 減小C增大

2、 減小D減小 增大2、一質(zhì)點做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點上的力不發(fā)生改變，則A質(zhì)點速度的方向一定與該恒力的方向相同B質(zhì)點速度的方向一定與該恒力的方向垂直C質(zhì)點加速度的方向一定與該恒力的方向相同D單位時間內(nèi)質(zhì)點速度的變化量逐漸增大3、如圖所示，在真空中固定兩個等量異號點電荷+Q和-Q，圖中O點為兩點電荷的連線中點，P點為連線上靠近-Q的一點，MN為過O點的一條線段，且M點與N點關于O點對稱，下列說法正確的是：A同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同BM、N兩點的電勢相同C將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電荷的電勢能先增大后減小D只將-Q移到P點，其它點在

3、空間的位置不變，則O點的電勢升高4、以兩個等量同種正電荷連線的中點為圓心，在連線的中垂面上作出兩個同心圓如圖所示，兩個圓上有三個不同的點M、N、P，下列說法正確的是（ ）AN點電勢一定小于M點的電勢BN點場強一定大于M點的場強C一個電子在M點的電勢能和在P點的電勢能相等D一個電子在N點的電勢能比在P點的電勢能大5、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，下列說法中正確的是A隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B對應P點，小燈泡的電阻為R=C對應P點，小燈泡的電阻為R=D對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍

4、面積6、如圖所示，一同學在水平桌面上將三個形狀不規(guī)則的石塊成功疊放在一起，保持平衡下列說法正確的是（）A石塊b對a的支持力與a受到的重力是一對相互作用力B石塊b對a的支持力和a對b的壓力是一對平衡力C石塊c受到水平桌面向右的摩擦力D石塊b對c的作用力一定豎直向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是（）A空調(diào)機既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性B第一類永動機不可能制成是因為它違背了能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律C對于一定質(zhì)量的理想氣體，只要溫度升高其內(nèi)能就一

5、定增大D用溫度計測量溫度是根據(jù)熱平衡的原理E.隨著科技的發(fā)展，熱機的效率定能達到100%8、如圖所示，質(zhì)量為M的長木板A靜止在光滑的水平面上，有一質(zhì)量為m的小滑塊B以初速度v0從左側滑上木板，且恰能滑離木板，滑塊與木板間動摩擦因數(shù)為下列說法中正確的是：（ ）A若只增大v0，則滑塊滑離木板過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量增加B若只增大M，則滑塊滑離木板過程中木板所受到的沖量增大C若只減小m，則滑塊滑離木板時木板獲得的速度減少D若只減小，則滑塊滑離木板過程中滑塊對地的位移減小9、如圖中a、b、c為三個物體，M、N為兩個輕質(zhì)彈簧，R為跨過光滑定滑輪的輕繩，它們連接如圖所示并處于平衡狀態(tài)，則（ ） A有可能N處于

6、拉伸狀態(tài)而M處于壓縮狀態(tài)B有可能N處于壓縮狀態(tài)而M處于拉伸狀態(tài)C有可能N處于不伸不縮狀態(tài)而M處于拉伸狀態(tài)D有可能N處于拉伸狀態(tài)而M處于不伸不縮狀態(tài)10、如圖所示，圖(a)為某一列簡諧橫波在t=0時刻的波動圖象，圖(b)為P質(zhì)點的振動圖象。下列說法正確的有 。A該列波的波速為4m/sB再經(jīng)過5.5s的過程中P質(zhì)點經(jīng)過的路程為22mC該波沿x軸負方向傳播Dt = 2.75s時P質(zhì)點處于波峰E.若波源在t = 1s時刻停止振動，則該波立即停止傳播三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）粗略和精確測量某電阻元件的電阻阻值。(1)用多用電表粗略

7、測量。選用“100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用電表指針從左向右的偏轉(zhuǎn)角度過大，因此需要選擇_（選填“10”或“1k”）倍率的電阻擋，并重新電阻調(diào)零后再測量，測量結果如圖所示，則該電阻元件的電阻為_。(2)精確測量。供選擇的器材有：A電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻r1約為10）B電流表A2（量程60mA，內(nèi)阻r2約為20）C電流表A3（量程20mA，內(nèi)阻r3=30）D電壓表V（量程15V，內(nèi)阻r4約為3k）E定值電阻Ro=100F滑動變阻器R1，最大阻值為5，額定電流1AG滑動變阻器R2，最大阻值為10，額定電流0.2AH電源E，電動勢為4V，內(nèi)阻不計I開關S及導線若干為減小測量誤差，測量時電表

8、示數(shù)不能小于其量程的，并實驗要求電表示數(shù)變化范圍較大。除請器材H和I外，還需選用的實驗器材是：_（選填器材前對應的字母序號）。根據(jù)你選擇的實驗器材，請在虛線框內(nèi)畫出精確測量該電阻元件電阻阻值的最佳電路圖，并標明器材的字母代號_ 。測量后計算該電阻元件電阻阻值的公式是Rx=_。12（12分） “驗證力的平行四邊形定則”的實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩圖實乙是在白紙上根據(jù)實驗結果畫出的圖示圖乙中的_是力F1和F2的合力的實際測量值本實驗采用的科學方法是_A理想實驗法B控制變量法 C等效替代法 D建立物理模型法在實驗中，如果其他條件不變僅將細繩換成

9、橡皮筋，那么實驗結果是否會發(fā)生變化？_（選填“變”或“不變”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，高H=1.6m的賽臺ABCDE固定于地面上，其上表面ABC光滑；質(zhì)量M=1kg、高h=0.8m、長L的小車Q緊靠賽臺右側CD面（不粘連），放置于光滑水平地面上質(zhì)量m=1kg的小物塊P從賽臺頂點A由靜止釋放，經(jīng)過B點的小曲面無損失機械能的滑上BC水平面，再滑上小車的左端已知小物塊與小車上表面的動摩擦因數(shù)=0.4，g取10m/s2 （1）求小物塊P滑上小車左端時的速度v1（2）如果小物塊沒有從小車上滑脫，

10、求小車最短長度L0（3）若小車長L=1.2m，在距離小車右端S處固定有車面等高的豎直擋板，小車碰上擋板后立即停止不動，討論小物塊在小車上運動過程中，克服摩擦力做功Wf與S的關系14（16分）如圖所示，半徑R1.6 m的光滑半圓形軌道固定于豎直平面內(nèi)，下端與傳送帶相切于B點，水平傳送帶上A、B兩端點間距L16 m，傳送帶以v010 m/s的速度順時針運動，將質(zhì)量m1 kg的小滑塊(可視為質(zhì)點) 放到傳送帶上，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.4，取g10 m/s2.(1)將滑塊在傳送帶A端由靜止釋放，求滑塊由釋放到第一次經(jīng)過B端的過程中：所需時間；因放上滑塊，電機對傳送帶多做的功；(2)若滑塊仍由靜

11、止釋放，要想滑塊能通過圓軌道的最高點C，求滑塊在傳送帶上釋放的位置范圍。15（12分）如圖所示,光滑軌道abcde定在豎直平面內(nèi),abc段是以O為圓心、半徑R=0.lm的一小段圓弧,de段水平,該段軌道上放著質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg的物塊A、B(均可視為質(zhì)點),A、B間系一輕質(zhì)細繩和夾一輕質(zhì)彈簧,細繩長度大干彈簧的自然長度，彈簧與A、B均不拴接；軌道右側的光滑水平地面上停著一質(zhì)最M=2kg、長L=0.6m的小車,小車上表面與de等高.用手推A、B壓縮彈簧,靜止時彈簧的彈性勢能Ep=12J，然后同時放開A、B,繩在短暫時間內(nèi)被拉斷,之后A向左沖上軌道,經(jīng)過軌道最高點b時受到軌道的支持

12、力大小等于其重力的34,B向右滑上小車。已知B與小車之間的動摩擦因數(shù)，滿足0.30.6，g取10m/s2.求： (1)繩拉斷后瞬間A的速度vA的大??；(2)繩拉斷過程繩對B的沖量I的大?。?3)B相對小車運動過程中兩者因摩擦而產(chǎn)生的熱量(計算結果可含有).參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】畫出球的受力圖，由平行四邊形法則可知，當擋板從該位置緩慢放平的過程中，擋板對球的彈力逐漸變大；斜面對球的彈力逐漸減??；根據(jù)牛頓第三定律可知，球?qū)醢宓膲毫χ饾u變大，球?qū)π泵娴膲毫χ饾u減小；A增大、增大；與結論不相符，選

13、項A錯誤；B減小、減?。慌c結論不相符，選項B錯誤；C增大、 減?。慌c結論相符，選項C正確；D減小、增大；與結論不相符，選項D錯誤；故選2、C【解析】A質(zhì)點開始做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，其合力不為零，如果所加恒力與原來的運動方向在一條直線上，質(zhì)點做勻加速或勻減速直線運動，質(zhì)點速度的方向與該恒力的方向相同或相反；如果所加恒力與原來的運動方向不在一條直線上，物體做曲線運動，速度方向沿切線方向，力和運動方向之間有夾角。故A不符合題意。B由A分析可知，質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直。故B不符合題意。C由于質(zhì)點做勻速直線運動，即所受合外力為0，原來質(zhì)點上的力不變，增加一個恒力后，則質(zhì)點

14、所受的合力就是這個恒力，所以加速度方向與該恒力方向相同。故C正確。D因為合外力恒定，加速度恒定，由v=at可知，質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量總是不變。故D不符合題意。3、A【解析】試題分析：等量異種點電荷的電場的分布具有一定的對稱性，故M、N兩點的電場強度相同，同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同，故A正確；在過兩電荷連線的垂直平分線的兩側，正電荷一邊的電勢要高于負電荷一邊的電勢，故M點的電勢大于N點的電勢，故B錯誤；將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故C錯誤；等量異種點電荷的連線中垂線是一條等勢線，故O點的電勢為零；只將-Q移到P點，其它

15、點在空間的位置不變，此時兩個電荷連線的中點在O點的左側，故O點的電勢變?yōu)樨撝担蔕點的電勢減小，故D錯誤；故選A考點：電場強度；電勢及電勢能【名師點睛】本題關鍵是結合等量異號電荷的電場線分布圖和等勢面分布圖進行分析，明確電場力做功等于電勢能的減小量，不難4、C【解析】A、兩個等量同種正電荷的連線的中點為圓心，在連線的中垂面上做出兩個同心圓，由疊加原理得，O點的電勢最高，無窮遠處的電勢為0，從O點經(jīng)N點、M點到無窮遠，電勢減小，則有N點電勢大于M點的電勢，故A錯誤；B、由疊加原理得，O點的場強為0,無窮遠處的場強為0，從O點經(jīng)N點、M點到無窮遠，場強先增大后減小，N點、M點具體位置未知，場強大小

16、也未知，無法判斷N點、M點場強大小，故B錯誤；C、M點和P點在同一個圓上，M點電勢等于P點的電勢，電子在M點的電勢能和在P點的電勢能相等，故C正確；D、N點電勢大于M點的電勢，M點電勢等于P點的電勢，則有N點電勢大于P點的電勢，電子在N點的電勢能比在P點的電勢能小，故D錯誤；故選C5、D【解析】A根據(jù)電阻的定義，電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，圖線上的點與原點連線的斜率逐漸減小，說明電阻逐漸增大，故A錯誤；BC對應P點，由圖可知，小燈泡兩端的電壓是U1，流過小燈泡的電流是I2，所以電阻故BC錯誤；D因P=UI，所以圖象中矩形PQOM所圍的面積為對應P點小燈泡的實際功率，故D正確。故選

17、D。6、D【解析】石塊b對a的支持力與a受到的重力不是一對相互作用力，a受到的重力與a對地球的吸引力是一對相互作用力故A錯誤；石塊b對a的支持力和a對b的壓力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力，故B錯誤；以三塊作為整體研究，根據(jù)平衡條件可知，則石塊c不會受到水平桌面的摩擦力，故C錯誤；以ab為一個整體，石塊c對b的支持力與其對b的靜摩擦力的合力，跟ab受到的重力是平衡力，則c對b的支持力和靜摩擦力的合力方向豎直向上，故D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選

18、錯的得0分。7、BCD【解析】熱傳遞存在方向性是說熱量只能自發(fā)的從高溫物體傳向低溫物體，空調(diào)的制冷過程是熱量從溫度較高的室內(nèi)傳到溫度較低的制冷劑，再通過壓縮制冷劑將熱量傳到室外，而制熱過程也是這樣進行的故A錯誤第一類永動機不可能制成是因為它違背了能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律故B正確理想氣體內(nèi)分子之間的相互作用忽略不計，所以理想氣體的內(nèi)能僅僅與溫度一個，對于一定質(zhì)量的理想氣體，只要溫度升高其內(nèi)能就一定增大故C正確用溫度計測量溫度是根據(jù)熱平衡的原理，故D正確根據(jù)熱力學第二定律可知，即使科學技術有長足進步，將來的熱機的效率也達不到100%故E錯誤8、CD【解析】A、滑塊滑離木板過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于滑動摩

19、擦力與相對位移的成積，因為相對位移沒變，所以產(chǎn)生熱量不變，故A錯誤；B、由極限法，當M很大時，長木板運動的位移會減小，滑塊的位移等于減小,對滑塊根據(jù)動能定理，可知滑塊滑離木板時的速度增大，把長木板和小滑塊看成一個系統(tǒng)，滿足動量守恒：，可知長木板的動量變化比較小，所以若只增大M，則滑塊滑離木板過程中木板所受到的沖量減少，故B錯；C、采用極限法：當m很小時，摩擦力也很小，m的動量變化減小，把長木板和小滑塊看成一個系統(tǒng)，滿足動量守恒，那么長木板得動量變化也減小故C正確D、當很小時，長木板運動的位移會減小，滑塊的位移等于減小故D正確【點睛】本題應注意以下幾點：1、體會兒童極限法解題2、摩擦力與相對位移

20、得乘積等于產(chǎn)生得內(nèi)能，摩擦力與對地位移得乘積等于物體的動能得變化9、AD【解析】AB由于N彈簧上面與細線相連，所以N彈簧可能處于原長也可能被拉伸；不可能處于壓縮態(tài)。當N彈簧處于拉長狀態(tài)時，細線的拉力可能小于a的重力，故M彈簧在a物體的作用下處于壓縮狀態(tài)。故A符合題意，B不符合題意。D當N彈簧處于拉伸狀態(tài)時，細線對a有拉力，當拉力小于a物體的重力時，M彈簧處于壓縮狀態(tài)；當拉力等于a物體的重力時，M彈簧處于原長狀態(tài)；當拉力大于a物體的重力時，M彈簧處于伸長狀態(tài)。故D符合題意。C從上面的分析中發(fā)現(xiàn)共有四種情況，即：N處于伸長狀態(tài)而M處于壓縮狀態(tài)；N處于伸長狀態(tài)而M處于伸長狀態(tài)；N處于伸長狀態(tài)而M處于

21、不伸長不壓縮狀態(tài)；N不伸不縮，M壓縮狀態(tài)。故C不符合題意。10、ACD【解析】A由圖象a可知波長=4m圖b可知，波的周期T=1s，所以這列簡諧橫波的波速為故A正確；B由于5.5s=5T，則再經(jīng)過5.5s的過程中P質(zhì)點經(jīng)過的路程為220.2m=4.4m，故B錯誤；C由振動圖象可知t=0時P質(zhì)點向下振動，可知該波沿x軸負方向傳播，故C正確；Dt=2.75s=2T，此時P質(zhì)點處于波峰，故D正確；E若波源在t=1s時刻停止振動，則該波仍在介質(zhì)中繼續(xù)傳播，故E錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 70 BCEF 【解析】(1)1用多用電表粗

22、略地測量該元件的電阻，選用“100”的電阻擋測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)較大，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，歐姆表應換用較小擋位，應將多用電表選擇旋鈕調(diào)到電阻10擋；2由圖所示表盤可知，被測電阻的阻值為710=70；(2)3電源電動勢為4V，電壓表量程為15V，電壓表量程太大，不能用電壓表測電源，可以用已知內(nèi)阻的電流表與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表測電壓；通過待測電阻的最大電流約為：電流表應選B；為保證電路安全且方便實驗操作，滑動變阻器應選擇F，故還需要的實驗器材為：BCEF；4由題意可知，待測電阻阻值大于滑動變阻器的最大阻值，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法，實驗電路圖如圖所示：由圖示

23、電路圖可知，待測電阻阻值：、分別表示電流表、的示數(shù)。12、 C 不變 【解析】試題分析：由于實驗誤差的存在，導致與合成的理論值（通過平行四邊形定則得出的值）與實際值（實際實驗的數(shù)值）存在差別，只要O點的作用效果相同，是否換成橡皮條不影響實驗結果（1）與合成的理論值是通過平行四邊形定則算出的值，而實際值是單獨一個力拉O點的時的值，因此F是與合成的理論值，是與合成的實際值（2）本實驗中兩個拉力的作用效果和一個拉力的作用效果相同，采用的科學方法是等效替代法，C正確（3）如果將細線也換成橡皮筋，只要將結點拉到相同的位置，實驗結果不會發(fā)生變化四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答

24、題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）4m/s；（2）1m，6.8J，(4.8+4s)J；（3）見解析【解析】試題分析：物塊從P到A過程機械能守恒，應用機械能守恒定律可以求出速度物塊與小車系統(tǒng)動量守恒，應用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出車的長度根據(jù)S與小車位移的關系，應用動能定理求出摩擦力的功與S的關系（1）由機械能守恒定律得：mg(H-h)=12mvB2代入數(shù)據(jù)計算得出：vB=4m/s，根據(jù)題意可以知道，小物塊P滑上小車左端時的速度v1=4m/s；（2）取小車最短長度L0時，小物塊剛好在小車右端共速為v2以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv1=(m+M)v2；相對

25、運動過程中系統(tǒng)的能量守恒，有：12mv12=12(m+M)v22+mgL0；聯(lián)立并代入已知數(shù)據(jù)計算得出：v2=2m/s，L0=1m；（3）設共速時小車位移x1，物塊對地位移x2，分別對小車和物塊由動能定理可以知道m(xù)gx1=12mv22，-mgx2=12m(v22-v12)，代入數(shù)據(jù)計算得出：x1=0.5m，x2=1.5m；若sx1小物塊將在小車上繼續(xù)向右做初速度為v2=2m/s的勻減速運動，距離車尾位移為L1=L-L0=0.2m，設減速到0位移為L2，則：mgL2=12mv22，可得：L2=0.5mL1，則小物塊在車上飛出去，Wf=mg(x2+L1)，代入數(shù)據(jù)計算得出：Wf=6.8J；若sx1，小物塊全程都受摩擦力作用，則Wf=mg(L+s)，代入數(shù)據(jù)計算得出：Wf=(4.8+4s)J；14、（1） 2.85 s.100J；（2）在A端與距A端6 m的范圍內(nèi)任何一個位置【解析】(1)設滑