1、2015年高考物理二模試卷一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1如圖所示，某同學斜向上拋出一小石塊，忽略空氣阻力下列關(guān)于小石塊在空中運動的過程中，加速度a隨時間t變化的圖象中，正確的是（）ABCD2如圖所示，處于真空中的正方體存在著電荷量為+q或q的點電荷，點電荷位置圖中已標明，則a、b兩點電場強度和電勢均相同的圖是（）3如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計開始時開關(guān)S閉合，靜電計指針張開一定角度為了使指針張開角度增大一些，應該采取的措施是（）A斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開一些B斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板靠近一些C保持開關(guān)S閉合，將

2、A、B兩極板靠近一些D保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動4已知通電長直導線周圍某點的磁感應強度，即磁感應強度B與導線中的電流I成正比、與該點到導線的距離r成反比如圖所示，兩根平行長直導線相距為R，通以大小、方向均相同的電流規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，在0R區(qū)間內(nèi)磁感應強度B隨x變化的圖線可能是（）ABCD5質(zhì)量為m的物體在豎直向上的力F以及重力作用下從空中某處由靜止開始運動，其機械能隨位移變化關(guān)系圖象如圖所示，圖中0x1過程的圖線為曲線，x1x2過程的圖線為與x軸平行的直線，則下列說法中正確的是（）A物體開始運動方向可能是豎直向下B0x2過程物體是先加速后勻速C0x2過程物體加速度逐漸減小

3、到0后保持不變Dx1x2過程物體加速度是g二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6如圖所示，線圈與電源、開關(guān)相連，直立在水平桌面上鐵芯插在線圈中，質(zhì)量較小鋁環(huán)套在鐵芯上閉合開關(guān)的瞬間，鋁環(huán)向上跳起來則下列說法中正確的是（）A若保持開關(guān)閉合，則鋁環(huán)不斷升高B開關(guān)閉合后，鋁環(huán)上升到某一高度后回落C若保持開關(guān)閉合，則鋁環(huán)跳起到某一高度停留D如果將電源的正、負極對調(diào)，還會觀察到同樣的現(xiàn)象7某人造衛(wèi)星運動的軌道可近似看作是以地心為中心的圓該衛(wèi)星到地心的距離從r1慢慢減小到r2，用v1、v2；EKl、EK2；T1

4、、T2；a1、a2分別表示衛(wèi)星在這兩個軌道上的速度、動能、周期和向心加速度，則（）Av1v2BEKlEK2CT1T2Da1a28圖甲是某燃氣爐點火裝置的原理圖，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，V為理想交流電壓表當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時，就會在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進而點燃氣體以下判斷正確的是（）A電壓表的示數(shù)為3.5VB電壓表的示數(shù)為5VC實現(xiàn)點火的條件是1 000D實現(xiàn)點火的條件是1 0009如圖所示，一質(zhì)量為m的小球套在光滑豎直桿上，輕質(zhì)彈簧一端固定于O點，另一端與該小球相連現(xiàn)將小球從A

5、點由靜止釋放，沿豎直桿運動到B點，已知OA長度小于OB長度，彈簧處于OA、OB兩位置時彈力大小相等在小球由A到B的過程中（）A加速度等于重力加速度g的位置有兩個B彈簧彈力的功率為零的位置有兩個C彈簧彈力對小球所做的正功等于小球克服彈簧彈力所做的功D彈簧彈力做正功過程中小球運動的距離等于小球克服彈簧彈力做功過程中小球運動的距離三、簡答題：本題分必做題和選做題兩部分，共計42分請將解答填寫在答題卡相應的位置10一種游標卡尺，它的游標尺有50個等分度，總長度為49mm現(xiàn)用它測量某工件寬度，示數(shù)如圖甲所示，其讀數(shù)為cm乙圖中螺旋測微器讀數(shù)為mm11某同學利用如圖所示的氣墊導軌裝置驗證系統(tǒng)機械能守恒定律

6、在氣墊導軌上安裝了兩光電門1、2，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過定滑輪與鉤碼相連實驗時要調(diào)整氣墊導軌水平不掛鉤碼和細線，接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊，則表示氣墊導軌已調(diào)整至水平狀態(tài)不掛鉤碼和細線，接通氣源，滑塊從軌道右端向左運動的過程中，發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門1的時間小于通過光電門2的時間實施下列措施能夠達到實驗調(diào)整目標的是A調(diào)節(jié)P使軌道左端升高一些B調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些C遮光條的寬度應適當大一些D滑塊的質(zhì)量增大一些E氣源的供氣量增大一些實驗時，測出光電門1、2間的距離L，遮光條的寬度d，滑塊和遮光條的總質(zhì)量M，鉤碼質(zhì)量m由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門1、2的時間t1、t2，則系統(tǒng)機械能

7、守恒成立的表達式是12某同學制作了一水果電池，欲測定該電池的電動勢E和內(nèi)阻r給定器材如下：A待測水果電池E B電流表G（量程10mA，內(nèi)阻約40） C電阻箱R（0999.9） D開關(guān)S及導線（1）因為電流表G內(nèi)阻的準確值未知，所以他用如圖甲所示的電路測量其內(nèi)阻rG已知圖中電流表A的內(nèi)阻為rA在某次測量中，讀出電流表4、電流表G的讀數(shù)分別為IA、IG，則內(nèi)阻rG=（2）若電流表G內(nèi)阻的測量值rG=40.0現(xiàn)采用圖乙所示的電路測量水果電池的電動勢E和內(nèi)阻r根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的R圖象如圖丙所示，則圖線斜率表示的物理意義是根據(jù)圖象求出該電池的電動勢E=V、內(nèi)阻r=（結(jié)果保留整數(shù)）選修模塊3-313下列說

8、法正確的是 （）A知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，可計算出阿伏加德羅常數(shù)B當液晶中電場強度不同時，它對不同顏色的光吸收強度就不同C蔗糖受潮后會粘在一起，沒有確定的幾何形狀，它是非晶體D理想氣體的溫度隨時間不斷升高，則其壓強也一定不斷增大14在“用油膜法估測分子的大小”實驗中，用注射器將一滴油酸溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，在玻璃板上描出油膜的輪廓，隨后把玻璃板放在坐標紙上，其形狀如圖所示，坐標紙上正方形小方格的邊長為10mm，該油酸膜的面積是m2；若一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是4106 mL，則油酸分子的直徑是m（上述結(jié)果均保留1位有效數(shù)字）15如圖所示，用輕

9、質(zhì)活塞在氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量理想氣體，活塞與氣缸壁間摩擦忽略不計，開始時活塞距氣缸底高度h1=0.50m給氣缸加熱，活塞緩慢上升到距離氣缸底h2=0.80m處，同時缸內(nèi)氣體吸收Q=450J的熱量已知活塞橫截面積S=5.0103 m2，大氣壓強p0=1.0105 Pa求：缸內(nèi)氣體對活塞所做的功W；此過程中缸內(nèi)氣體增加的內(nèi)能U選修模塊3-416下列說法正確的是 （）A全息照片的拍攝利用了光的衍射原理B在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的C光導纖維是由內(nèi)芯和外套兩層組成，內(nèi)芯的折射率比外套的小，光在內(nèi)芯與外套的界面上發(fā)生全反射D“CT”機是利用X射線從不同角度照射人體，計算機對其投影進行分析，

10、給出人體組織照片17（如圖（a）所示，細線的上端固定在鐵架臺上，下端系一個小鋼球，做成一個單擺測量擺長l和擺的周期T，得到一組數(shù)據(jù)改變擺長，再得到幾組數(shù)據(jù)從中可以找出周期與擺長的關(guān)系實驗過程有兩組同學分別用了圖（b）（c）的兩種不同方式懸掛小鋼球，你認為（選填“b”或“c”）懸掛方式較好圖（d）是某組同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的T2l圖線，通過圖線得到振動周期T與擺長l的關(guān)系是18自t=0時刻起，質(zhì)點A做簡諧運動，其振動圖象如圖所示t=10s時，距A質(zhì)點10m處的B質(zhì)點開始振動求：該波的波速大小v；該波的波長選修模塊3-5（共3小題，滿分0分）19下列說法中正確的是 （）A射線與射線都是電磁波B光電

11、效應說明光具有粒子性C天然放射現(xiàn)象說明原子核具有復雜的結(jié)構(gòu)D用加溫、加壓或改變其化學狀態(tài)的方法能改變原子核衰變的半衰期20一個中子和一個質(zhì)子能結(jié)合成一個氘核，請寫出該核反應方程式：；已知中子的質(zhì)量是mn，質(zhì)子的質(zhì)量是mp，氘核的質(zhì)量是mD，光在真空的速度為c，氘核的結(jié)合能的表達式為21用兩個大小相同的小球在光滑水平上的正碰來“探究碰撞中的不變量”實驗，入射小球m1=15g，原來靜止的被碰小球m2=10g，由實驗測得它們在碰撞前后的xt 圖象如圖所示求碰撞前、后系統(tǒng)的總動量p和p；通過計算得到的實驗結(jié)論是什么四、計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只

12、寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位22如圖所示，質(zhì)量M=4.0kg的長木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質(zhì)量m=1.0kg的小滑塊A（可視為質(zhì)點）初始時刻，A、B分別以v0=2.0m/s向左、向右運動，最后A恰好沒有滑離B板已知A、B之間的動摩擦因數(shù)=0.40，取g=10m/s2求：（1）A、B相對運動時的加速度aA和aB的大小與方向；（2）A相對地面速度為零時，B相對地面運動已發(fā)生的位移x；（3）木板B的長度l23如圖甲，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成=30角固定，M、P之間接電阻箱R，導軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，

13、磁感應強度為B=0.5T質(zhì)量為m的金屬桿a b水平放置在軌道上，其接入電路的電阻值為r現(xiàn)從靜止釋放桿a b，測得最大速度為vm改變電阻箱的阻值R，得到vm與R的關(guān)系如圖乙所示已知軌距為L=2m，重力加速度g取l0m/s2，軌道足夠長且電阻不計（1）當R=0時，求桿a b勻速下滑過程中產(chǎn)生感生電動勢E的大小及桿中的電流方向；（2）求金屬桿的質(zhì)量m和阻值r；（3）當R=4時，求回路瞬時電功率每增加1W的過程中合外力對桿做的功W24如圖所示，在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強電場，y軸右側(cè)區(qū)域內(nèi)存在磁感應強度大小B1=、方向垂直紙面向外的勻強磁場，區(qū)域、區(qū)域的寬度均為L，高度均為3L質(zhì)量為

14、m、電荷量為+q的帶電粒子從坐標為（2L，L）的A點以速度v0沿+x方向射出，恰好經(jīng)過坐標為0，（1）L的C點射入?yún)^(qū)域粒子重力忽略不計（1）求勻強電場的電場強度大小E；（2）求粒子離開區(qū)域時的位置坐標；（3）要使粒子從區(qū)域上邊界離開磁場，可在區(qū)域內(nèi)加垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場試確定磁感應強度B的大小范圍，并說明粒子離開區(qū)域時的速度方向2015年高考物理二模試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1如圖所示，某同學斜向上拋出一小石塊，忽略空氣阻力下列關(guān)于小石塊在空中運動的過程中，加速度a隨時間t變化的圖象中，正確的是（）ABCD考點：拋體運

15、動分析：本題通過分析石塊的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律確定加速度，選擇圖象解答：解：由題意，忽略空氣阻力，石塊拋出后只受重力，由牛頓第二定律得知，其加速度為g，保持不變故B正確故選B點評：對于拋體運動，不考慮空氣阻力時，物體的加速度不變，均做勻變速運動，速度圖象平行于t軸2如圖所示，處于真空中的正方體存在著電荷量為+q或q的點電荷，點電荷位置圖中已標明，則a、b兩點電場強度和電勢均相同的圖是（）A BC D考點：電勢；電場的疊加專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)點電荷的電場強度公式E=k可得各個點電荷在正方體的頂點的電場場強大小，再根據(jù)矢量合成，求出合場強，再根據(jù)正電荷的受力判斷場強的方向有

16、U=21，U=Ed得，21=Ed可判斷電勢高低解答：解：A、根據(jù)點電荷的電場強度公式E=k可得各個點電荷在正方體的頂點的電場場強大小，可計算得a、b兩點電場強度大小相等，根據(jù)正電荷的受力判斷場強的方向相反，故A錯誤 B、根據(jù)點電荷的電場強度公式E=k，可求得各個點電荷在a、b兩點的電場場強大小，再根據(jù)矢量的合成，可得a、b兩點的電場場強大小不等，故B不錯 C、根據(jù)點電荷的電場強度公式E=k，得a、b兩點的電場場強大小相等，再根據(jù)矢量合成，求出合場強相等，再根據(jù)正電荷的受力判斷場強的方向不同故C錯誤 D、根據(jù)點電荷的電場強度公式E=k可得各個點電荷在a、b兩點的電場場強大小相等，再根據(jù)矢量合成，

17、求出合場強相等，再根據(jù)正電荷的受力判斷場強的方向相同 再根據(jù)U=21，U=Ed得，21=Ed可判斷a、b兩電勢相等故D正確故選：D點評：考查了點電荷的電場強度公式E=k，矢量的合成，電勢差與電勢的關(guān)系，電勢差與電場強的關(guān)系3如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計開始時開關(guān)S閉合，靜電計指針張開一定角度為了使指針張開角度增大一些，應該采取的措施是（）A斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開一些B斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板靠近一些C保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板靠近一些D保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動考點：電容器的動態(tài)分析；閉合電路的歐姆定律專題：電容器專題分析：靜電計測量的是電容器

18、兩端的電勢差，斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，根據(jù)電容的變化判斷電勢差的變化閉合電鍵，電容器兩端的電勢差等于電源的電動勢解答：解：A、斷開電鍵，電容器帶電量不變，將AB分開一些，則d增大，根據(jù)知，電容減小，根據(jù)U=知，電勢差增大，指針張角增大故A正確B、斷開電鍵，電容器帶電量不變，將AB靠近一些，則d減小，根據(jù)知，電容增大，根據(jù)U=知，電勢差減小，指針張角減小故B錯誤C、保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢差不變，則指針張角不變故C、D錯誤故選A點評：本題考查電容器的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，電鍵閉合，電容器兩端的電勢差不變4已知通電長直導線周圍某點的磁感應強度，即磁感應強度

19、B與導線中的電流I成正比、與該點到導線的距離r成反比如圖所示，兩根平行長直導線相距為R，通以大小、方向均相同的電流規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，在0R區(qū)間內(nèi)磁感應強度B隨x變化的圖線可能是（）ABCD考點：通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向分析：通電導線周圍有磁場存在，磁場除大小之外還有方向，所以合磁場通過矢量疊加來處理根據(jù)右手螺旋定則可得知電流方向與磁場方向的關(guān)系解答：解：根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向里，右邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向外，離導線越遠磁場越弱，在兩根導線中間位置磁場為零由于規(guī)定B的正方向垂直紙面向里，所以C正確，ABD錯誤；

20、故選：C點評：由于電流大小相等，方向相同，所以兩根連線的中點磁場剛好為零，從中點向兩邊移動磁場越來越強，左邊的磁場垂直紙面向里，右邊的磁場垂直紙面向外5質(zhì)量為m的物體在豎直向上的力F以及重力作用下從空中某處由靜止開始運動，其機械能隨位移變化關(guān)系圖象如圖所示，圖中0x1過程的圖線為曲線，x1x2過程的圖線為與x軸平行的直線，則下列說法中正確的是（）A物體開始運動方向可能是豎直向下B0x2過程物體是先加速后勻速C0x2過程物體加速度逐漸減小到0后保持不變Dx1x2過程物體加速度是g考點：功能關(guān)系；牛頓第二定律分析：根據(jù)功能關(guān)系：除重力以外其它力所做的功等于機械能的增量，0x1過程中物體機械能在增加

21、，知拉力在做正功，機械能與位移圖線的斜率表示拉力當機械能守恒時，拉力等于零，通過拉力的變化判斷其加速度以及動能的變化解答：解：A、0x1過程中，機械能增大，則拉力做正功，所以物體向上做加速運動，故A錯誤B、0x1過程中，開始拉力大于重力，做加速運動，然后拉力小于重力，做減速運動，x1x2過程僅受重力，速度減小，做減速運動故B錯誤；C、0x1過程中，開始拉力大于重力，加速度方向向上，逐漸減小，然后拉力小于重力，加速度方向向下，逐漸增大到g，x1x2過程僅受重力，加速度保持g不變故C錯誤，D正確故選：D點評：解決本題的關(guān)鍵通過圖線的斜率確定出拉力的變化，然后根據(jù)牛頓第二定律判斷出加速度的方向，根據(jù)

22、加速度方向和速度的方向關(guān)系知道物體的運動規(guī)律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6如圖所示，線圈與電源、開關(guān)相連，直立在水平桌面上鐵芯插在線圈中，質(zhì)量較小鋁環(huán)套在鐵芯上閉合開關(guān)的瞬間，鋁環(huán)向上跳起來則下列說法中正確的是（）A若保持開關(guān)閉合，則鋁環(huán)不斷升高B開關(guān)閉合后，鋁環(huán)上升到某一高度后回落C若保持開關(guān)閉合，則鋁環(huán)跳起到某一高度停留D如果將電源的正、負極對調(diào)，還會觀察到同樣的現(xiàn)象考點：楞次定律分析：閉合電鍵的瞬間，穿過鋁環(huán)的磁通量增加，產(chǎn)生感應電流，鋁環(huán)受到安培力而上跳當電鍵保持閉合時，線圈產(chǎn)生的磁

23、場穩(wěn)定，穿過鋁環(huán)的磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生根據(jù)安培力產(chǎn)生情況，判斷鋁環(huán)的運動情況解答：解：A、B、C若電鍵保持閉合時，線圈產(chǎn)生的磁場穩(wěn)定，穿過鋁環(huán)的磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，鋁環(huán)不受安培力，只受重力作用，則上跳某一高度后將回落故AC錯誤，B正確D、如果電源的正、負極對調(diào)，閉合電鍵的瞬間，穿過鋁環(huán)的磁通量仍然增加，產(chǎn)生感應電流，鋁環(huán)仍然受到安培力而上跳電鍵保持閉合時，線圈產(chǎn)生的磁場穩(wěn)定，穿過鋁環(huán)的磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，鋁環(huán)不受安培力，只受重力作用，則上跳某一高度后將回落則觀察到的現(xiàn)象不變故D正確故選BD點評：本題考查應用物理規(guī)律解決實際問題的能力根據(jù)楞次定律，無論電源的極性如何，

24、當線圈中電流增大時，鋁環(huán)都將上跳7某人造衛(wèi)星運動的軌道可近似看作是以地心為中心的圓該衛(wèi)星到地心的距離從r1慢慢減小到r2，用v1、v2；EKl、EK2；T1、T2；a1、a2分別表示衛(wèi)星在這兩個軌道上的速度、動能、周期和向心加速度，則（）Av1v2BEKlEK2CT1T2Da1a2考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應用專題：人造衛(wèi)星問題分析：人造地球衛(wèi)星在繞地球做圓周運動時地球?qū)πl(wèi)星的引力提供圓周運動的向心力列出表示出線速度、加速度和周期等式求解解答：解：根據(jù)萬有引力提供向心力有：=m=mav=T=2a=該衛(wèi)星到地心的距離從r1慢慢減小到r2，A、該衛(wèi)星到地心的距離從r

25、1慢慢減小到r2，v1v2，EKlEK2，故A錯誤，B正確C、該衛(wèi)星到地心的距離從r1慢慢減小到r2，T1T2，故C正確D、該衛(wèi)星到地心的距離從r1慢慢減小到r2，a1a2，故D正確故選BCD點評：一個天體繞中心天體做圓周運動時萬有引力提供向心力，靈活的選擇向心力的表達式是我們順利解決此類題目的基礎我們要按照不同的要求選擇不同的公式來進行求解8圖甲是某燃氣爐點火裝置的原理圖，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，V為理想交流電壓表當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時，就會在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進而點燃氣體以

26、下判斷正確的是（）A電壓表的示數(shù)為3.5VB電壓表的示數(shù)為5VC實現(xiàn)點火的條件是1 000D實現(xiàn)點火的條件是1 000考點：變壓器的構(gòu)造和原理專題：交流電專題分析：根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論解答：解：A、圖乙所示的正弦交變電壓，最大值為有效值的倍，所以電壓的有效值為3.5V，故A正確，B錯誤C、當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時，就會在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進而點燃氣體電壓與匝數(shù)成正比，所以實現(xiàn)點火的條件是1 000，故C錯誤，D正確故選AD點評：掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題9如圖

27、所示，一質(zhì)量為m的小球套在光滑豎直桿上，輕質(zhì)彈簧一端固定于O點，另一端與該小球相連現(xiàn)將小球從A點由靜止釋放，沿豎直桿運動到B點，已知OA長度小于OB長度，彈簧處于OA、OB兩位置時彈力大小相等在小球由A到B的過程中（）A加速度等于重力加速度g的位置有兩個B彈簧彈力的功率為零的位置有兩個C彈簧彈力對小球所做的正功等于小球克服彈簧彈力所做的功D彈簧彈力做正功過程中小球運動的距離等于小球克服彈簧彈力做功過程中小球運動的距離考點：功的計算；胡克定律；牛頓第二定律專題：功的計算專題分析：彈力為0時或彈力方向與桿垂直時物體加速度為g，且彈力功率為0因A，B彈力大小相等則彈性勢能相等據(jù)此分析各選項解答：解：

28、A、在運動過程中A點為壓縮狀態(tài)，B點為伸長狀態(tài)，則由A到B有一狀態(tài)彈力為0且此時彈力與桿不垂直，加速度為g；當彈簧與桿垂直時小球加速度為g則兩處 加速度為g故A正確 B、A處速度為零，彈力功率為零；下滑過程彈簧彈力與桿子垂直，彈力功率為零；當原長時彈力為零，功率為零，故彈力功率為0共有3處，故B錯誤 C、因A點與B點彈簧的彈性勢能相同，則彈簧彈力對小球所做的正功等于小球克服彈簧彈力所做的功故C正確 D、因做負功時彈力大，則彈簧彈力做正功過程中小球運動的距離大于小球克服彈簧彈力做功過程中小球運動的距離故D錯誤故選：AC點評：考查彈簧彈力做功的內(nèi)容，明確功與功率和力與速度方向夾角有關(guān)，會由能量的變

29、化分析功的正負三、簡答題：本題分必做題和選做題兩部分，共計42分請將解答填寫在答題卡相應的位置10一種游標卡尺，它的游標尺有50個等分度，總長度為49mm現(xiàn)用它測量某工件寬度，示數(shù)如圖甲所示，其讀數(shù)為4.010cm乙圖中螺旋測微器讀數(shù)為0.900mm考點：刻度尺、游標卡尺的使用；螺旋測微器的使用專題：實驗題分析：解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀解答：解：1、游標卡尺的主尺讀數(shù)為40mm，游標尺上第5個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為50.02mm=0.10mm，所以最終讀數(shù)為

30、：40mm+0.10mm=40.10mm=4.010cm2、螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為40.00.01mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm故答案為：（1）4.010； 0.900點評：對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量11某同學利用如圖所示的氣墊導軌裝置驗證系統(tǒng)機械能守恒定律在氣墊導軌上安裝了兩光電門1、2，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過定滑輪與鉤碼相連實驗時要調(diào)整氣墊導軌水平不掛鉤碼和細線，接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊能在氣墊導軌上靜止或做勻速運動或滑塊經(jīng)兩個光電門的時間相

31、等，則表示氣墊導軌已調(diào)整至水平狀態(tài)不掛鉤碼和細線，接通氣源，滑塊從軌道右端向左運動的過程中，發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門1的時間小于通過光電門2的時間實施下列措施能夠達到實驗調(diào)整目標的是ABA調(diào)節(jié)P使軌道左端升高一些B調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些C遮光條的寬度應適當大一些D滑塊的質(zhì)量增大一些E氣源的供氣量增大一些實驗時，測出光電門1、2間的距離L，遮光條的寬度d，滑塊和遮光條的總質(zhì)量M，鉤碼質(zhì)量m由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門1、2的時間t1、t2，則系統(tǒng)機械能守恒成立的表達式是mgL=（m+M）（）2（m+M）（）2考點：驗證機械能守恒定律專題：實驗題；機械能守恒定律應用專題分析：明確實驗原理以及氣墊導

32、軌裝置的特點可正確解答；表示出鉤碼的重力勢能減少量和系統(tǒng)動能增加量的大小來驗證機械能守恒定律解答：解：實驗時要調(diào)整氣墊導軌水平不掛鉤碼和細線，接通氣源，如果滑塊能在氣墊導軌上靜止或做勻速運動或滑塊經(jīng)兩個光電門的時間相等，則表示氣墊導軌調(diào)整至水平狀態(tài)不掛鉤碼和細線，接通氣源，滑塊從軌道右端向左運動的過程中，發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門1的時間小于通過光電門2的時間說明滑塊做加速運動，也就是左端低，右端高所以實施下列措施能夠達到實驗調(diào)整目標的是調(diào)節(jié)P使軌道左端升高一些，調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些故選AB實驗時，測出光電門1、2間的距離L，遮光條的寬度d，滑塊和遮光條的總質(zhì)量M，鉤碼質(zhì)量m由數(shù)字計時器讀出遮光條

33、通過光電門1、2的時間t1、t2，滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經(jīng)過光電門的平均速度鉤碼的重力勢能減少了：mgL，系統(tǒng)動能增加了：（m+M）（）2（m+M）（）2則系統(tǒng)機械能守恒成立的表達式是mgL=（m+M）（）2（m+M）（）2故答案為：能在氣墊導軌上靜止或做勻速運動或滑塊經(jīng)兩個光電門的時間相等 AB mgL=（m+M）（）2（m+M）（）2點評：常用儀器的讀數(shù)要掌握，這是物理實驗的基礎處理實驗時一定要找出實驗原理，根據(jù)實驗原理我們可以尋找需要測量的物理量和需要注意的事項12某同學制作了一水果電池，欲測定該電池的電動勢E和內(nèi)阻r給定器材如下：A待測水果電池E B電流表G（量程1

34、0mA，內(nèi)阻約40） C電阻箱R（0999.9） D開關(guān)S及導線（1）因為電流表G內(nèi)阻的準確值未知，所以他用如圖甲所示的電路測量其內(nèi)阻rG已知圖中電流表A的內(nèi)阻為rA在某次測量中，讀出電流表4、電流表G的讀數(shù)分別為IA、IG，則內(nèi)阻rG=（2）若電流表G內(nèi)阻的測量值rG=40.0現(xiàn)采用圖乙所示的電路測量水果電池的電動勢E和內(nèi)阻r根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的R圖象如圖丙所示，則圖線斜率表示的物理意義是電動勢的倒數(shù)根據(jù)圖象求出該電池的電動勢E=6V、內(nèi)阻r=20（結(jié)果保留整數(shù)）考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）電流表G和電流表A并聯(lián)，兩端電壓相等，根據(jù)歐姆定律列式求解即可；（

35、2）先根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，變形得到R關(guān)系公式，結(jié)合圖象求解出電動勢和電源內(nèi)電阻解答：解：（1）電流表G和電流表A并聯(lián)，兩端電壓相等，根據(jù)歐姆定律，有：IGrG=IA rA解得：rG=（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：E=I（r+rG+R）；變形得到：=R+=R+由圖象得到縱軸截距為：=10A1當橫坐標為180時，縱坐標為40A1，故有：40=180+由聯(lián)立解得：E=6V，r=20；故答案為：（1）；（2）電動勢的倒數(shù)，6，20點評：本題關(guān)鍵是明確安阻法測電源電動勢和內(nèi)電阻實驗的原理，特別是用圖想法分析數(shù)據(jù)時，要能找出對應的線性關(guān)系選修模塊3-313下列說法正確的是 （）A知道水的摩爾質(zhì)量和

36、水分子的質(zhì)量，可計算出阿伏加德羅常數(shù)B當液晶中電場強度不同時，它對不同顏色的光吸收強度就不同C蔗糖受潮后會粘在一起，沒有確定的幾何形狀，它是非晶體D理想氣體的溫度隨時間不斷升高，則其壓強也一定不斷增大考點：阿伏加德羅常數(shù)；* 晶體和非晶體；* 液晶專題：阿伏伽德羅常數(shù)的應用專題分析：本題應抓?。焊鶕?jù)1摩爾任何物質(zhì)都含有阿伏加德羅常數(shù)個微粒，由摩爾質(zhì)量與一個分子質(zhì)量可以求解阿伏加德羅常數(shù)液晶的特性是：當液晶中電場強度不同時，它對不同顏色的光吸收強度就不同；蔗糖受潮后會粘在一起，沒有確定的幾何形狀，蔗糖各向異性，是晶體；理想氣體的溫度隨時間不斷升高，其壓強不一定不斷增大，由氣態(tài)方程分析解答：解：A

37、、水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量之比等于阿伏加德羅常數(shù)故A正確B、當液晶中電場強度不同時，它對不同顏色的光吸收強度就不同；故B正確C、蔗糖受潮后會粘在一起，沒有確定的幾何形狀，蔗糖各向異性，自然狀態(tài)時有規(guī)則的形狀，故蔗糖是晶體；故B錯誤D、由氣態(tài)方程=c可知，理想氣體的溫度隨時間不斷升高，pV增大，但壓強不一定不斷增大，故D錯誤故選AB點評：本題中計算阿伏加德羅常數(shù)，可由摩爾質(zhì)量與一個分子質(zhì)量之比求出對于液體或固體，可以由摩爾體積除以一個分子的體積V，估算阿伏加德羅常數(shù)14在“用油膜法估測分子的大小”實驗中，用注射器將一滴油酸溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，在玻璃板上描出油

38、膜的輪廓，隨后把玻璃板放在坐標紙上，其形狀如圖所示，坐標紙上正方形小方格的邊長為10mm，該油酸膜的面積是8103m2；若一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是4106 mL，則油酸分子的直徑是51010m（上述結(jié)果均保留1位有效數(shù)字）考點：用油膜法估測分子的大小專題：實驗題分析：在油膜所圍成的方格中，先數(shù)出坐標紙上方格的個數(shù)，不足半個舍去，多于半個的算一個，即可統(tǒng)計出油酸薄膜的面積；根據(jù)d=求出分子直徑解答：解：在圍成的方格中，不足半個舍去，多于半個的算一個，共有80個方格，故油酸膜的面積為 S=80（10103）2 m2=8103m2油酸分子直徑為 d=m=51010m故答案為：8103，5

39、1010點評：本題是以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個挨一個，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度15如圖所示，用輕質(zhì)活塞在氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量理想氣體，活塞與氣缸壁間摩擦忽略不計，開始時活塞距氣缸底高度h1=0.50m給氣缸加熱，活塞緩慢上升到距離氣缸底h2=0.80m處，同時缸內(nèi)氣體吸收Q=450J的熱量已知活塞橫截面積S=5.0103 m2，大氣壓強p0=1.0105 Pa求：缸內(nèi)氣體對活塞所做的功W；此過程中缸內(nèi)氣體增加的內(nèi)能U考點：熱力學第一定律；氣體的等容變化和等壓變化專題：熱力學定理專題分析：活塞緩慢上升為等壓過程，由功的表達式求解即可由熱力學第一定律u=W+Q可求解答：解：活

40、塞緩慢上升，視為等壓過程， 則氣體對活塞做功 W=Fh=p0Sh=150J 根據(jù)熱力學定律U=W+Q=150+450=300J 答：缸內(nèi)氣體對活塞所做的功為150J 此過程中缸內(nèi)氣體增加的內(nèi)能U=300J點評：基本公式的應用，明確做功與熱量的正負的確定是解題的關(guān)鍵選修模塊3-416下列說法正確的是 （）A全息照片的拍攝利用了光的衍射原理B在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的C光導纖維是由內(nèi)芯和外套兩層組成，內(nèi)芯的折射率比外套的小，光在內(nèi)芯與外套的界面上發(fā)生全反射D“CT”機是利用X射線從不同角度照射人體，計算機對其投影進行分析，給出人體組織照片考點：光導纖維及其應用；全反射分析：全息照

41、相的拍攝利用光的干涉在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進入光疏介質(zhì)，入射角大于等于臨界角解答：解：A、全息照相的拍攝利用光的干涉故A錯誤B、在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的故B正確C、發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進入光疏介質(zhì)，入射角大于等于臨界角則內(nèi)芯的折射率大于外套的折射率故C錯誤D、“CT”機是利用X射線從不同角度照射人體，計算機對其投影進行分析，給出人體組織照片故D正確故選BD點評：本題考查了光的干涉、相對論、全反射等基礎知識點，比較簡單，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎知識點17（如圖（a）所示，細線的上端固定在鐵架臺上，下端系一個小鋼

42、球，做成一個單擺測量擺長l和擺的周期T，得到一組數(shù)據(jù)改變擺長，再得到幾組數(shù)據(jù)從中可以找出周期與擺長的關(guān)系實驗過程有兩組同學分別用了圖（b）（c）的兩種不同方式懸掛小鋼球，你認為C（選填“b”或“c”）懸掛方式較好圖（d）是某組同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的T2l圖線，通過圖線得到振動周期T與擺長l的關(guān)系是單擺周期T與擺長平方根成正比考點：用單擺測定重力加速度專題：實驗題；單擺問題分析：單擺的試驗中，擺長必須固定；分析圖象可知，T2與l成正比，因此T與l的關(guān)系應為T，單擺周期T與擺長平方根成正比解答：解：單擺的試驗中，擺長必須固定，故應采用C圖；分析圖象可知，T2與l成線性關(guān)系，即分T2與l成正比正比，

43、因此T與l的關(guān)系應為T故答案為：C；單擺周期T與擺長平方根成正比點評：知道實驗的注意事項，會進行試驗數(shù)據(jù)的分析與處理，比較簡單18自t=0時刻起，質(zhì)點A做簡諧運動，其振動圖象如圖所示t=10s時，距A質(zhì)點10m處的B質(zhì)點開始振動求：該波的波速大小v；該波的波長考點：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象分析：波在同一均勻介質(zhì)中是勻速傳播的，根據(jù)時間t=10s內(nèi)波傳播的距離為s=10m，由v=求解波速；由圖讀出周期，由波速公式求解波長解答：解：由題，該波在t=10s內(nèi)波傳播的距離為s=10m，則波速v=1m/s波長=Tv=4m 答：該波的波速大小v是1m/s；該波的波長是4m點評：本題只要波速的兩個

44、公式v=和v=，就能正確解答，基礎題選修模塊3-5（共3小題，滿分0分）19下列說法中正確的是 （）A射線與射線都是電磁波B光電效應說明光具有粒子性C天然放射現(xiàn)象說明原子核具有復雜的結(jié)構(gòu)D用加溫、加壓或改變其化學狀態(tài)的方法能改變原子核衰變的半衰期考點：原子核衰變及半衰期、衰變速度；光電效應；天然放射現(xiàn)象專題：衰變和半衰期專題分析：射線是氦核流，射線是電磁波；光電效應說明光具有粒子性；天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部有復雜結(jié)構(gòu)；半衰期的大小與溫度、壓強以及化學性質(zhì)無關(guān)解答：解：A、射線不是電磁波，是氦核流故A錯誤B、光具有波粒二象性，光電效應說明光具有粒子性故B正確C、天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部有復雜

45、結(jié)構(gòu)故C正確D、半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與溫度、壓強、化學性質(zhì)無關(guān)故D錯誤故選BC故選BC點評：本題考查了半衰期、光電效應、天然放射現(xiàn)象等基礎知識點，比較簡單，關(guān)鍵熟悉教材，牢記并理解這些基礎知識點20一個中子和一個質(zhì)子能結(jié)合成一個氘核，請寫出該核反應方程式：10n+11H21H；已知中子的質(zhì)量是mn，質(zhì)子的質(zhì)量是mp，氘核的質(zhì)量是mD，光在真空的速度為c，氘核的結(jié)合能的表達式為（mn+mpmD）c2考點：愛因斯坦質(zhì)能方程專題：愛因斯坦的質(zhì)能方程應用專題分析：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應方程式根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求出該核反應釋放的核能，從而得知氘核的結(jié)合能解答：解：核反應方程為：1

46、0n+11H21H氘核的結(jié)合能等于中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核釋放的能量，根據(jù)質(zhì)能方程知，E=（mn+mpmD）c2故答案為：10n+11H21H （mn+mpmD）c2點評：解決本題的關(guān)鍵知道核反應中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，以及掌握愛因斯坦質(zhì)能方程E=mc221用兩個大小相同的小球在光滑水平上的正碰來“探究碰撞中的不變量”實驗，入射小球m1=15g，原來靜止的被碰小球m2=10g，由實驗測得它們在碰撞前后的xt 圖象如圖所示求碰撞前、后系統(tǒng)的總動量p和p；通過計算得到的實驗結(jié)論是什么考點：動量守恒定律；勻變速直線運動的圖像分析：解：根據(jù)位移時間圖線得出兩球碰撞前后的速度，根據(jù)P=mv求出碰撞前后的總

47、動量通過碰撞前后的總動量是否相等判斷碰撞過程中動量是否守恒解答：解：由圖象得，入射小球的初速度，碰后的速度，被碰小球碰后速度則碰前系統(tǒng)的總動量：p=m1v1=0.015 kgm/s碰后系統(tǒng)的總動量：p=m1v1+m2v2=0.015 kgm/s通過計算發(fā)現(xiàn)：兩小球碰撞前后的動量相等，即碰撞過程中動量守恒答：碰撞前、后系統(tǒng)的總動量都為0.015 kgm/s碰撞的過程中動量守恒點評：解決本題的關(guān)鍵掌握動量的表達式，以及能夠從位移時間圖線中得出速度的大小四、計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值

48、和單位22如圖所示，質(zhì)量M=4.0kg的長木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質(zhì)量m=1.0kg的小滑塊A（可視為質(zhì)點）初始時刻，A、B分別以v0=2.0m/s向左、向右運動，最后A恰好沒有滑離B板已知A、B之間的動摩擦因數(shù)=0.40，取g=10m/s2求：（1）A、B相對運動時的加速度aA和aB的大小與方向；（2）A相對地面速度為零時，B相對地面運動已發(fā)生的位移x；（3）木板B的長度l考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）木塊和木板豎直方向上受力平衡，水平方向受到滑動摩擦力作用，大小為mg，根據(jù)牛頓第

49、二定律求解加速度；（2）A先向左做勻減速運動至速度為零，根據(jù)運動學速度公式求出速度為零時所用的時間，根據(jù)位移公式求解B相對地面運動發(fā)生的位移x；（3）對于系統(tǒng)，合外力為零，動量守恒A恰好沒有滑離B板，木板和木塊的速度相同，根據(jù)動量守恒和能量守恒結(jié)合求解木板B的長度l解答：解：（1）A、B分別受到大小為mg的滑動摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律得 對A物體：mg=maA則aA=g=4.0m/s2，方向水平向右 對B物體：mg=MaB，則aB=1.0m/s2，方向水平向左（2）開始階段A相對地面向左做勻減速運動，速度為0的過程中所用時間為t，則v0=aAt1，則t1=0.50s B相對地面向右做減速運

50、動x=v0taBt2=0.875m （3）A向左勻減速運動至速度為零后，相對地面向右做勻加速運動，最后A恰好沒有滑離B板，兩者速度相同，設共同速度為v取向右方向為正，根據(jù)動量守恒定律得 （Mm）v0=（M+m）v由能量守恒定律得 mgl=（M+m）v02（M+m）v2，代入數(shù)據(jù)解得 l=1.6m答：（1）A、B相對運動時的加速度aA的大小為4.0m/s2，方向水平向右，aB的大小為1.0m/s2，方向水平向左；（2）A相對地面速度為零時，B相對地面運動已發(fā)生的位移x是0.875m；（3）木板B的長度l是1.6m點評：本題是木塊在木板滑動的類型，運用牛頓第二定律、運動學、動量守恒和能量守恒結(jié)合求解比較簡便，也可以采用圖象法求解23如圖甲，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成=30角固定，M、P之間接電阻箱R，導軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，磁感應強度為B=0.5T質(zhì)量為m的金屬桿a b水平放置在軌道上，其接入電路的電阻值為r現(xiàn)從靜止釋放桿a b，測得最大速度為vm改變電