1、蒲縣一中2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理班級座號姓名分?jǐn)?shù)一、選擇題1.如圖所示，一束含有的帶電粒子束從小孔Oi處射入速度選擇器，其中沿直線。1。2運(yùn)動的粒子在小孔。2處射出后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場，最終打在Pi、P2兩點(diǎn)，不計粒子間的相互作用。則60W""ZXXXA.打在Pi點(diǎn)的粒子是B.O2P2的長度是O2P1長度的2倍c. 粒子與;H粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中運(yùn)動的時間之比為2：id. 粒子與:H粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中運(yùn)動的時間之比為i：i2 .某同學(xué)利用測力計研究在豎直方向運(yùn)行的電梯運(yùn)動狀態(tài)，他在地面上用測力計測量祛碼的重力，示數(shù)是G,他在電梯中用測力計仍測量同一祛碼的重

2、力，發(fā)現(xiàn)測力計的示數(shù)小于G,由此判斷此時電梯的運(yùn)動狀態(tài)可能是A.加速下降B.加速上升C.減速下降D,減速上升3 .橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流過的電流為I,設(shè)單位體積的導(dǎo)體中有n個自由電子，電子的電荷量為e,此時電子的定向移動的平均速率設(shè)為v,在時間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)為A.-B.'：vlitlitC.D.一4 .如圖所示，在一次救災(zāi)工作中，一架離水面高為Hm,沿水平直線飛行的直升飛機(jī)A,用懸索（重力可忽略不計）救護(hù)困在湖水中的傷員B,在直升飛機(jī)A和傷員B以相同的水平速率勻速運(yùn)動的同時，懸索將傷員吊起。設(shè)經(jīng)ts時間后，幺、之間的距離為lm,且1=,則在這段時間內(nèi)關(guān)于物體B的受力情

3、況和運(yùn)動軌跡正確的是下列哪個圖第I頁，共I5頁A.5 .質(zhì)點(diǎn)作直線運(yùn)動的速度一時間圖像如圖所示，該質(zhì)點(diǎn)（）第3頁共15頁A在第1秒末速度方向發(fā)生了改變B在第2秒末加速度方向發(fā)生了改變C在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D第3秒末和第5秒的位置相同6 .如圖，閉合開關(guān)S,a、b、c三盞燈均正常發(fā)光，電源電動勢恒定且內(nèi)阻不可忽略，現(xiàn)將變阻器R的滑片稍向上滑動一些，三盞燈亮度變化為（）A.a燈變亮，b、c燈變暗B.a、c燈變亮，b燈變暗C.a、c燈變暗，b燈變亮D.a、b燈變暗，c燈變亮7.（多選）發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射到近地圓軌道1,然后在圓軌道1的Q點(diǎn)經(jīng)點(diǎn)火使衛(wèi)星沿橢圓軌道2運(yùn)行，待衛(wèi)星到橢圓軌

4、道2上距地球最遠(yuǎn)點(diǎn)P處，再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3,如圖所示.則衛(wèi)星在軌道P1、2和3上正常運(yùn)行時，有:A .衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B.衛(wèi)星在軌道3上的角速度小于在軌道1上的角速度C.衛(wèi)星在軌道D.衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)Q點(diǎn)的加速度等于它在軌道2上經(jīng)Q點(diǎn)的加速度2上運(yùn)行時經(jīng)過P點(diǎn)的加速度跟經(jīng)過 Q點(diǎn)的加速度相等8.如圖所示,P、Q是兩個電量相等的正的點(diǎn)電荷，它們連線的中點(diǎn)是A、B是中垂線上的兩點(diǎn)，OA VOB,用Ea、Eb、（）a、（）b分別表小A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)和電勢，則（B.C.D.Ea 一定大于Eb,。a 一定大于 加Ea 不定大于 Eb, （f）A 定大于 （j）BEa

5、 定大于 Eb, （）a 不定大于 （）bEa不一"定大于 Eb, （）a不一定大于（）b01 II |)9.一斜劈A靜止在粗糙的水平面，在其斜面上放著一滑塊B,平行斜面向下的初速度 V0,則B正好保持勻速下滑。如圖所示，現(xiàn)在 說法正確的是：若給滑塊BB下滑過程中再加一個作用力，則以下A.在B上加一豎直向下的力B.在B上加一沿斜面向下的力C.在B上加一水平向右的力Fi,則B將保持勻速運(yùn)動,F2,則B將加速運(yùn)動，F(xiàn)3,則B將減速運(yùn)動，在A對地?zé)o摩擦力的作用A對地有水平向左的靜摩擦力的作用B停止前A對地有向右的摩擦力的作用D.無論在B上加什么方向的力，在B停止前A對地都無靜摩擦力的作用1

6、0.如圖所示，豎直平行線MN、PQ間距離為a,其間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場（含邊界PQ）,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B, MN上。處的粒子源能沿不同方向釋放比荷為q/m的帶負(fù)電粒子，速度大小相等、方向均垂直磁場。粒子間的相互作用及重力不計。設(shè)粒子速度方向與射線OM夾角為以當(dāng)粒子沿 0=60°射入時，恰好垂直 PQA.從PQ邊界射出的粒子在磁場中運(yùn)動的最短時間為3qBB.沿9=120°射入的粒子，在磁場中運(yùn)動的時間最長aqBC.粒子的速率為x-kwmD.PQ邊界上有粒子射出的長度為2&11. 如圖所示，a、b、c是由真空中正點(diǎn)電荷形成的電場中一條電場線上的三個點(diǎn)，已知ab=bc,

7、a、b兩點(diǎn)間電壓為10V,則b、c兩點(diǎn)間電壓：（）hrabcA.等于10VB.大于10VC.小于10VD.條件不足，無法判麻'"12. （2016山東師大附中高三月考）質(zhì)量為m的物體放在水平面上，它與水平面間的動摩擦因數(shù)為科,重力加速度為g。用水平力拉物體，運(yùn)動一段時間后撤去此力，最終物體停止運(yùn)動。物體運(yùn)動的v-1圖象如圖所示。下列說法正確的是（）A.水平拉力大小為F=m1to3B.物體在3t0時間內(nèi)位移大小為2v0t012C.在03t0時間內(nèi)水平拉力做的功為2mv01D.在。3to時間內(nèi)物體克服摩擦力做功的平均功率為2科mgvo13. 一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板

8、接地，在兩極板間有一正電荷（電荷量很?。┕潭ㄔ赑點(diǎn)，如圖所示，以E表示極板間的場強(qiáng)，U表示嗚瞰日兩極板的電壓，Ep表示正電荷在P點(diǎn)的電勢能，若保持負(fù)極板不動，將正極板移動到如£二二5二二二二二】圖中虛線所示位置，則（）A.U變小，Ep不變B.U變小，E不變上”,NC. U變大，Ep變大D.U不變，E不變14.如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質(zhì)量為1kg的物體B用細(xì)線懸掛在天花板上,B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細(xì)線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結(jié)果正確的是（g取10m/s2）2A.A加速度的大小為2.5m/s2B.B加速度的大小為2m/sC.彈簧的彈力大小為50ND. A

9、、B間相互作用力的大小為8N15.如圖所示，用細(xì)繩懸于O點(diǎn)的可自由轉(zhuǎn)動的通電導(dǎo)線AB放在蹄形磁鐵的上方，當(dāng)導(dǎo)線中通以圖示方向電流時，從上向下看,AB的轉(zhuǎn)動方向及細(xì)繩中張力變化的情況為（A一1BzjA. AB順時針轉(zhuǎn)動，張力變大B. AB逆時針轉(zhuǎn)動，張力變小C. AB順時針轉(zhuǎn)動，張力變小D. AB逆時針轉(zhuǎn)動，張力變大16.用一根繩子豎直向上拉一個物塊，物塊從靜止開始運(yùn)動，繩子拉力的功率按如圖所示規(guī)律變化，。to時間內(nèi)物塊做勻加速直線運(yùn)動，to時刻后物體繼續(xù)加速，ti時刻物塊達(dá)到最大速度。已知物塊的質(zhì)量為m,重力加速度為g,則下列說法正確的是第15頁，共15頁A.物塊始終做勻加速直線運(yùn)動P。B.

10、0to時間內(nèi)物塊的加速度大小為m乳P。C. to時刻物塊的速度大小為mgId.0ti時間內(nèi)繩子拉力做的總功為PoCtr-tn)17 .如圖所示，為測量做勻加速直線運(yùn)動小車的加速度，將寬度均為b的擋光片A、B固定在小(1)駕小車勻加速經(jīng)過光電門時，測得A、 B兩擋光片先后經(jīng)過光電門的時間為0(2)為減小實(shí)驗(yàn)誤差，可采取的方法是A,增大兩擋光片的寬度bB,減小兩擋光片的寬度bC,增大兩擋光片的間距dD,減小兩擋光片的間距d18 .如右圖所示，平行的兩金屬板M、N與電源相連，一個帶負(fù)電的小球懸掛在兩板閉合開關(guān)后，懸線偏離豎直方向的角度為0。若保持開關(guān)閉合，將N板向M板靠近,角將;若把開關(guān)斷開，再使N

11、板向M板靠近，0角將。（填“變大”、“變小”或“不變”）三、解答題19 .如圖所示，在xOy平面內(nèi)存在均勻、大小隨時間周期性變化的磁場和電場，變化規(guī)律分別如圖乙、丙所示（規(guī)定垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向、+y軸方向?yàn)殡妶鰪?qiáng)度的正方向）。在t=0時刻由原點(diǎn)。發(fā)射初速度大小為V0,方向沿+y軸方向的帶負(fù)電粒子（不計重力）。其中已知V0、to、Bo、Eo,且與）=一上工，粒q _ n4 Si y子的比荷 一二二一，x軸上有一點(diǎn)A,坐標(biāo)為（ 一U , 0）。（1）求上時帶電粒子的位置坐標(biāo)；2（2）粒子運(yùn)動過程中偏離x軸的最大距離;（3）粒子經(jīng)多長時間經(jīng)過A點(diǎn)。20.如圖所示，一質(zhì)量 m = 0.4

12、 kg的小物塊，以 斜面向上做勻加速運(yùn)動，經(jīng) t = 2 s的時間物塊由vo=2m/s的初速度，在與斜面某一夾角的拉力F作用下，沿A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，A、B之間的距離L=10m。已知斜面傾角3一,，.、20=30,物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)產(chǎn)；重力加速度g取10m/s。3(1)求物塊加速度的大小及到達(dá)B點(diǎn)時速度的大??；(2)拉力F與斜面夾角多大時，拉力F最??？拉力F的最小值是多少?【審題探究】從A到B,做什么運(yùn)動？滿足什么規(guī)律？拉力F的大小與F和斜面夾角”的關(guān)系式是怎樣的?蒲縣一中2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理（參考答案）一、選擇題1.【答案】B【解析】帶電粒子在磁場中做勻速圓

13、周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，所以型B=鑿一，所以二F,可知rqB粒子的比荷越大，則運(yùn)動的半徑越小，所以打在Pi點(diǎn)的粒子是；H，打在P2點(diǎn)的粒子是,故A錯誤；因;H粒子與粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中運(yùn)動的半徑比為1:2,則O2P1和02P2長度之比為1:2,選項B正確；帶電粒子在沿直線通過速度選擇器時，電場力與洛彳茲力大小相等方向相反，即：qvB=qE,所以第二g,可知從粒子速B度選擇器中射出的粒子具有相等的速度；粒子運(yùn)動的周期T=,則粒子與；口粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中運(yùn)動v1的周期之比為1:2,運(yùn)動半個周期，則時間之比也為1:2,選項CD錯誤。2 .【答案】AD【解析】由題，測力計的示數(shù)減小，祛碼所受的合力方向向

14、下，根據(jù)牛頓第二定律得知，加速度向下，祛碼處于失重狀態(tài)，而速度方向可能向上，也可能向下，所以電梯可能的運(yùn)動狀態(tài)是減速上升或加速下降。故選AD。3 .【答案】A【解析】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nevS,在At時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的電量Q=IAt,Q1AtnevSAt則在川時間內(nèi)，通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的數(shù)目為N-=,將I=nevS代入得N=nvSAteee選項A正確，BCD錯誤；故選A.點(diǎn)睛：本題考查電流的微觀表達(dá)式和定義式綜合應(yīng)用的能力，電流的微觀表達(dá)式I=nqvs,是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，常常用到.4.【答案】A【解析】根據(jù)，產(chǎn)，可知B在豎直方向上是勻加速上升的，懸索中拉力大于重

15、力，即表示拉力F的線段要比表示重力G的線段長，飛機(jī)在水平方向勻速率運(yùn)動，所以F、G并且都在豎直方向上；向上加速，運(yùn)動軌跡應(yīng)向上偏轉(zhuǎn)，只有A符合，所以在這段時間內(nèi)關(guān)于傷員B的受力情況和運(yùn)動軌跡正確的是Ao5 .【答案】D6 .【答案】B【解析】【解析】將變阻器無的滑片稍向上滑動一些，尺接入電路部分電阻將減小，總電阻將減小，由閉合電路歐姆定律得二不一得總電流熠大別路端電壓訂二E-上后小，燈由嗑。知變亮，口燈兩端的電壓R+尸由七=次&知變大1u=%+%判斷出j燈兩端電壓減h由1/行第=+知通過匕燈的電流城小，燈變暗,再由f二八+4,知心變大，C燈由外二丁/凡知變高，只有B正確F故選瓦7.【答

16、案】BC【解析】【解析1兒人造衛(wèi)星繞地球微勻速圓周運(yùn)動7根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的反量為孫軌道半徑為,、地球質(zhì)蚩為/則6與=融孑，解得：歲=楞,軌道多半徑比軌道1半徑大,衛(wèi)星在軌道3上的速率d吁在軌道1上的速率，選項A錯誤5由公式由=:=J零知衛(wèi)星在軌道3上的角速度小于在軌道1上的角速度選項B正確由Gr=M可知力磁度決定于中心天體與衛(wèi)星之間的距離，故衛(wèi)星在r軌道1上經(jīng)0點(diǎn)的加速度等于它在軌道2±gg點(diǎn)的加11度，衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行fi搜過尸點(diǎn)的加速度小于經(jīng)過。點(diǎn)的加速度，選項C正確，D錯誤口8 .【答案】B9 .【答案】AD【解析】物塊B原來保持勻速下滑，A靜止，以滑塊和斜面組

17、成的整體為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得知地面對斜面沒有摩擦力，如有摩擦力，整體的合力不為零，將破壞平衡狀態(tài)與題矛盾，對B,有：mgsin8=f=NmgcosH,即得sin=Ncos8,e是斜面的傾角；A、當(dāng)施加豎直向下的力Fi時，對整體受力分析，在豎直方向合力為零，水平方向合力為零，故地面對A無摩擦力，對B受力分析可知，（mgF）sinBN（mg*F）cos®=0,所以B做勻速運(yùn)動，故A正確；B、在B上加一沿斜面向下的力F2,如圖，物塊所受的合力將沿斜面向下，故做加速運(yùn)動，但B與斜面間的彈力大小不變，故滑動摩擦力大小不變，即物塊所受支持力與摩擦力的合力仍然豎直向上，則斜面所

18、受摩擦力與物塊的壓力的合力豎直向下，則斜面水平方向仍無運(yùn)動趨勢，故仍對地?zé)o摩擦力作用，故B錯誤；C、在B上加一水平向右的力F3,沿斜面方向：mgsinH-F3cos1-卜（mgcos+F3sin日）0,故物體做減速運(yùn)動；對物塊，所受支持力增加了F3sinH,則摩擦力增加NF3sinH,即支持力與摩擦力均成比例的增加，其合力方向還是豎直向上，如圖：則斜面所受的摩擦力與壓力的合力放還是豎直向下，水平放向仍無運(yùn)動趨勢，則不受地面的摩擦力，故誤；D、無論在B上加上什么方向的力，B對斜面的壓力與B對斜面的摩擦力都是以1:R的比例增加，則其合力的方向始終豎直向下，斜面便沒有運(yùn)動趨勢，始終對地面無摩擦力作用

19、，故D正確。點(diǎn)睛：滑塊原來勻速下滑，合力為零，斜面保持靜止?fàn)顟B(tài)，合力也為零，以滑塊和斜面整體為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件分析地面對斜面的摩擦力和支持力，木塊可能受兩個力作用，也可能受到四個力作用。10 .【答案】BD【解析】粒子在磁場中運(yùn)動過程中，洛倫茲力充當(dāng)向心力，運(yùn)動半徑r二F因?yàn)樗辛Ｗ雍退俣榷枷嗤?，故所有粒子的運(yùn)動半徑都一樣，當(dāng)粒子沿(=60。射入時，恰好垂直pq射出，可得r=-2a,故sin300»儂2aqBa=,解得二一一，當(dāng)粒子軌跡與pq邊界相切時，軌跡最長，運(yùn)動時間最長，此時根據(jù)幾何知識可qBm得9=120°,此時是粒子打在PQ邊界上的最低的點(diǎn)，故

20、相對Q的豎直位移為工二sin60ct=點(diǎn)a，B正確，C錯誤；由于v一定，則弧長最短時，時間最短，根據(jù)分析可知當(dāng)粒子沿著邊界MN方向向上射入時最短，此時兀圓心在MN上，依30。，所以L=名竺_nm,此時是粒子打在邊界PQ的最上端，根據(jù)幾何知識可得"一qB2116gB該點(diǎn)相對o點(diǎn)豎直位移為二日口60"二點(diǎn)口，故PQ邊界上有粒子射出的長度為/二瓦蟲，a錯誤，d正確。11 .【答案】C12 .【答案】BD一.，一V0【解析】根據(jù)vt圖象的斜率表小加速度，則勻加速運(yùn)動的加速度大小a1=-5勻減速運(yùn)動的加速度大小a2=2t，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)Ff=ma1,Ff=ma2,解得，5=鬻

21、，A錯誤；根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面31一積表本位移，則物體在3to時間內(nèi)位移大小為x=2Voto,B正確；0to時間內(nèi)的位移x=2voto,則03to時間內(nèi)水平拉力做的功W=Fx'=4mv0,故C錯誤；03to時間內(nèi)物體克服摩擦力做功W=Ffx=voto科mg,則在03to時間內(nèi)物體克服摩擦力做功的平均功率為P=W=2mgvo,故D正確。13 .【答案】AB14 .【答案】BD【解析】AB、剪斷細(xì)線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力F=mAg=40N,剪斷細(xì)線的瞬間，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律有：（mA+mB）g-F=（mA+mB）a,解得：a=2m/s2,A錯誤，B正確；C、剪斷細(xì)線

22、的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為40N,C錯誤；D、隔離對B分析，根據(jù)牛頓第二定律有：mBg-N=mBa,解得：N=mBg-mBa=10N-1>2N=8N,D正確。故選BD。15 .【答案】D【解析】在導(dǎo)線上靠近A、B兩端各取一個電流元，A處的電流元所在磁場向上穿過導(dǎo)線，根據(jù)左手定則，該處導(dǎo)線受力向外，同理B處電流元受安培力向里，所以從上向下看，導(dǎo)線逆時針轉(zhuǎn)動，同時，由于導(dǎo)線轉(zhuǎn)動，所以電流在垂直紙面方向有了投影，對于此有效長度來說，磁感線是向右穿過導(dǎo)線，再根據(jù)左手定則可判定導(dǎo)線有向下運(yùn)動的趨勢，故選D.16 .【答案】D【解析】由圖可知在0-t。時間內(nèi)物塊做勻加速直線運(yùn)動，t0時刻后功率保持不變，根據(jù)P=Fv知，v增大，F(xiàn)減小，物塊做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度減小到零，物體做勻速直線運(yùn)動，故A錯誤；根據(jù)P0=Fv=Fat,P。由牛頓第二定律得：F=mg+ma,聯(lián)立可得：P=（mg+ma）at,由此可知圖線的斜率為：k=m（g+a）a,可,poP。Pq知名丈二，故B錯誤；在力時刻速度達(dá)到最大，F(xiàn)=mg,則速度：v二一,可知t0時刻物塊的速度大小小于一，mg%mgmg故C錯誤；在P-t