專題2圖像信息(教師版))--2025版動力學中的九類常見模型精講精練講義動力學中的九類常見模型精講精練專題2圖像圖表信息【知識精講】1．與動力學相關(guān)的常見的幾種圖像：v——t圖像、a——t圖像、F——t圖像、a——F圖像等。常見動力學圖像及應用方法v－t圖像根據(jù)圖像的斜率判斷加速度的大小和方向，進而根據(jù)牛頓第二定律求解合外力F－a圖像首先要根據(jù)具體的物理情景，對物體進行受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律推導出F、a兩個量間的函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)函數(shù)關(guān)系式結(jié)合圖像，明確圖像的斜率、截距或面積的意義，從而由圖像給出的信息求出未知量a－t圖像要注意加速度的正、負，正確分析每一段的運動情況，然后結(jié)合物體受力情況根據(jù)牛頓第二定律列方程F－t圖像要結(jié)合物體受到的力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，分析每一時間段的運動性質(zhì)2．兩類問題(1)已知物體的運動圖像或受力圖像，分析有關(guān)受力或運動的問題。(2)已知物體的受力或運動情況，判斷選擇有關(guān)的圖像。【方法歸納】1.圖像問題的分析思路(1)分析圖像問題時，首先明確圖像的種類及其意義，再明確圖線的點、線段、斜率、截距、交點、拐點、面積等方面的物理意義。(2)根據(jù)牛頓運動定律及運動學公式建立相關(guān)方程解題。2.求解圖像問題的“一、二、三”【典例精析】[例題]兩物體A、B并排放在水平地面上，且兩物體接觸面為豎直面，現(xiàn)用一水平推力F作用在物體A上，使A、B由靜止開始一起向右做勻加速運動，如圖(a)所示，在A、B的速度達到6m/s時，撤去推力F。已知A、B質(zhì)量分別為mA＝1kg、mB＝3kg，A與地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0．3，B與地面間沒有摩擦，B物體運動的vt圖像如圖(b)所示。g取10m/s2。求：(1)推力F的大?。?2)A物體剛停止運動時，物體A、B之間的距離?！窘馕觥?1)在水平推力F作用下，設物體A、B一起做勻加速運動的加速度為a，由B物體的vt圖像得a＝3m/s2。對于A、B整體，由牛頓第二定律得F－μmAg＝(mA＋mB)a，代入數(shù)據(jù)解得F＝15N。(2)撤去推力F后，A、B兩物體分離，A在摩擦力作用下做勻減速直線運動，B做勻速運動，設物體A勻減速運動的時間為t，對于A物體由－μmAg＝mAaA得aA＝－μg＝－3m/s2，由v＝v0＋aAt＝0，解得t＝2s，物體A的位移為xA＝eq\f(v0,2)t＝6m，物體B的位移為xB＝v0t＝12m，所以A物體剛停止運動時，物體A、B之間的距離為Δx＝xB－xA＝6m?！敬鸢浮?1)15N(2)6m【模擬題精練】1..(2024安徽蕪湖3月質(zhì)檢)如圖甲所示，A、B兩個物體靠在一起，靜止在光滑的水平面上，它們的質(zhì)量分別為、，現(xiàn)分別用水平向右的力推A、拉B，和隨時間變化關(guān)系如圖乙所示，則（）A.時，A、B之間的彈力為 B.時，A、B脫離C.A、B脫離前，它們一起運動的位移為 D.A、B脫離后，A做減速運動，B做加速運動【答案】ABC【解析】由乙圖可得：，在未脫離的過程中，整體受力向右，且大小總是不變，恒定為整體一起做勻加速運動的加速度為時，以B為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得其中解得A、B之間的彈力為故A正確；B．脫離時滿足A、B加速度相同，且彈力為零，則有可得又解得，故B正確；A、B脫離前，它們一起運動的位移為故C正確；脫離后內(nèi)A仍然受到向右的推力，所以A仍然做加速運動，在后A不受推力，將做勻速直線運動；物體B一直受到向右的拉力而做加速運動，故D錯誤。2．（2024年3月江蘇無錫四校調(diào)研）如圖所示為跳傘者在豎直下降過程中速度v隨時間t變化的圖像，根據(jù)圖像判斷下列說法正確的是（）A．0~t1內(nèi)跳傘者速度越大，空氣阻力越大B．0~t1內(nèi)，跳傘者處于超重狀態(tài)C．tanθ=g（g為當?shù)氐闹亓铀俣龋〥．在t1~t2內(nèi)，跳傘者處于失重狀態(tài)【答案】A【解析】．由跳傘者在豎直下降過程中速度v隨時間t變化的圖像可知，0~t1時間內(nèi)，速度不斷增大，根據(jù)v-t圖像切線的斜率表示物體運動的加速度可知，0~t1時間內(nèi)，加速度不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律：mg?f=ma，加速度a減小時，說明所受空氣阻力f增大，即0~t1內(nèi)跳傘者速度越大，空氣阻力越大，選項A正確；0~t1時間內(nèi)，跳傘者向下加速，加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，選項B錯誤；t=0時，跳傘者速度為零，所受空氣阻力為零，跳傘者只受重力作用，切線的斜率表示此時物體的加速度，但是tanθ的數(shù)值不能表示加速度的大小，C錯誤；t1~t2時間內(nèi)，跳傘者向下減速，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，選項D錯誤.。3.（2024重慶主城區(qū)第一次質(zhì)檢）在一次軍事演習中，一傘兵從懸停在高空的直升機中以初速度為零落下，在空中沿豎直方向運動的v-t圖像如圖。則傘兵在（）A.0~10s內(nèi)位移大小為50mB.10s~15s內(nèi)加速度逐漸增大C.0~10s內(nèi)所受阻力逐漸增大D.10s~15s內(nèi)所受阻力逐漸增大【答案】C【解析】0~10s內(nèi)圖線與橫軸所圍區(qū)域的面積大于50m，即位移大于50m，故A錯誤；由圖可知，0~10s內(nèi)圖線切線斜率減小，即傘兵的加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律有，加速度減小，則阻力增大，故C正確；10s~15s內(nèi)傘兵向下減速，圖線切線的斜率減小，加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度減小，則阻力減小，故BD錯誤。4.（2024湖南頂級名校期末）一種新型潛水裝置，可以通過浮力控制系統(tǒng)實現(xiàn)下潛和上升。某次試潛中該裝置的速度時間圖像如圖所示，其中①為下潛的圖像，②為返程上升的圖像，已知加速和減速過程中加速度大小相等，潛水裝置質(zhì)量為，重力加速度為，忽略水的阻力和水平方向的運動，在這次試潛的整個過程中（）A.最大下潛深度為B.下潛過程所用總時間為C.上升過程中潛水裝置所受浮力的沖量大小為D.潛水裝置所受最小浮力與最大浮力之比為【答案】BCD【解析】設下潛的總時間為，由于下潛的位移大小和上升的位移大小相等，而圖像與時間軸圍成的面積表示位移，且由題意知加速和成速過程中加速度大小相等，而圖像的鈄斗的絕對值表示加速度的大小，則根據(jù)圖像可得解得，由此可待最大下暃深度故A錯誤，B正確；C。取向上為正方向，設上升過程中，加速階段薄力的沖量為，勻速階投浮力的沖量為，減速階段浮力的沖量為，期有，整理可得上升過程中浮力的沖量大小為故C正確∶D。加速階段浮力最大，由牛頓第二定侓有，減速階段浮力最小，由牛頓第二定律有，則可得。故D正確。故選BCD。5．(2024湖南頂級名校質(zhì)檢)從地面上以一定初速度豎直向上拋出一質(zhì)量為的小球，其動能隨時間的變化如圖。已知小球受到的空氣阻力與速率成正比。小球落地時的動能為，且落地前小球已經(jīng)做勻速運動。重力加速度為，則小球在整個運動過程中（）A．球上升階段阻力的沖量大于下落階段阻力的沖量B．從最高點下降落回到地面所用時間小于C．最大的加速度為D．小球上升的最大高度為【答案】CD【解析】由題意可得，阻力與速率的關(guān)系為，故阻力的沖量大小為，因為上升過程和下降過程位移大小相同，則上升和下降過程阻力的沖量大小相等，A錯誤；由于機械能損失，上升過程中的平均速度大于下降過程中的平均速度，上升過程與下降過程的位移大小相等，故小球在運動的全過程，上升的時間小于下降的時間，B錯誤；設小球的初速度為，滿足，而小球的末速度為，有，小球剛拋出時阻力最大，其加速度最大，有，當小球向下勻速時，有，聯(lián)立解得，C正確；上升時加速度為，由牛頓第二定律得，解得，取極短時間，速度變化，有，又，上升全程，則，設小球的初速度為，滿足，而小球的末速度為，有，聯(lián)立可得，D正確。故選CD。6.（2024安徽阜陽重點高中3月質(zhì)檢）2023年世界泳聯(lián)錦標賽中，中國軍團以20枚金牌的成績力壓美國，位列金牌榜第一名。若把運動員從起跳到接觸水面的運動看成勻變速直線運動，某運動員從距離水面某一高度處的跳板上豎直向上跳起，起跳時開始計時，取豎直向下為正方向，速度傳感器記錄運動員的速度隨時間變化的圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.0~t2，運動員處于失重狀態(tài)B.運動員在t1時刻接觸水面C.運動員在水中時，最深處的加速度最大D.運動員潛入水中的深度等于【答案】A【解析】由圖可知，加速度為正，方向豎直向下，可知運動員處于失重狀態(tài),故A正確；時刻接觸水面，時刻在水的最深處，此時加速度為0，故BC錯誤；則運動員潛入水中的深度為時間內(nèi)圖像與坐標軸所圍圖形的面積，則運動員潛入水中的深度，故D錯誤。7.（2024黑龍江哈爾濱重點高中質(zhì)檢）如圖甲所示，一質(zhì)量為1kg的滑塊在一個沿斜面向下的外力F作用下由靜止開始運動，2s后撤去外力F，滑塊繼續(xù)沿斜面向下運動到底端，其圖像如圖乙所示，斜面始終保持靜止不動，斜面傾角為37°，g取10m/s2，則（）A.外力F的大小為2NB.滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為0.75C.撤去F后地面對斜面的支持力比撤去F前小D.滑塊滑下斜面的過程中，地面對斜面沒有摩擦力【答案】BD【解析】根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律有，整理可得，結(jié)合圖乙可知，0～2s內(nèi)a＝4m/s22s之后a＝0，F(xiàn)作用時，對滑塊，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ＋F－μmgcosθ＝ma，撤去F后，則有mgsinθ－μmgcosθ＝0，解得滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為μ＝tan37°＝0.75，F(xiàn)＝4N，故A錯誤，B正確；撤去F前后，滑塊對斜面的作用力沒有發(fā)生變化，故地面對斜面的支持力不變，故C錯誤。撤去F后，滑塊受力平衡，則斜面對滑塊的作用力豎直向上，滑塊對斜面的作用力豎直向下，而滑塊滑下斜面的過程中，滑塊對斜面的作用力不變，始終等于滑塊的重力，方向豎直向下，所以地面對斜面的摩擦力始終為零，故D正確。8.（2024山西大同期末）在某次探究活動中，小明在t=0時刻將籃球以一定的初速度豎直向下拋出，用傳感器和計算機得到籃球運動的圖像是斜率為k的直線，如圖所示，其中x為其下落的距離。已知籃球下落過程中受到的阻力恒定，籃球的質(zhì)量為m，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.籃球下落過程中做變加速直線運動B.籃球下落的初速度大小為kgC.籃球下落的加速度大小為gD.籃球下落過程中受到的阻力大小為【答案】D【解析】籃球下落過程中，根據(jù)，因阻力恒定，可知加速度不變，且加速度小于g，則做勻加速直線運動，選項AC錯誤；根據(jù)，可得，可得，，籃球下落的初速度大小為k，籃球下落的加速度大小為a=2p，選項B錯誤；籃球下落過程中受到的阻力大小為，選項D正確。9．如圖甲所示，物體原來靜止在水平面上，用一水平力F拉物體，在F從0開始逐漸增大的過程中，物體先靜止后又做變加速運動，其加速度隨外力F變化的圖像如圖乙所示，根據(jù)圖乙中所標出的數(shù)據(jù)可計算出(g取10m/s2)()A．物體的質(zhì)量為1kgB．物體的質(zhì)量為2kgC．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0．2D．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0．5【答案】B【解析】由題圖乙可知F1＝7N時，a1＝0．5m/s2，F(xiàn)2＝14N時，a2＝4m/s2，由牛頓第二定律得F1－μmg＝ma1，F(xiàn)2－μmg＝ma2，解得m＝2kg，μ＝0．3，故選項B正確。10．[多選]某小球所受的合力與時間的關(guān)系如圖所示，各段的合力大小相同，作用時間相同，設小球從靜止開始運動，由此可判定()A．小球向前運動，再返回停止B．小球向前運動，再返回不會停止C．小球始終向前運動D．小球在4s末速度為0【答案】CD【解析】由題圖可知，在0～1s，小球向前做勻加速直線運動，1s末速度最大；在1～2s，小球以大小相等的加速度向前做勻減速直線運動，2s末速度為零。依此類推，可知A、B錯誤，C、D正確。11在科技創(chuàng)新活動中，小華同學根據(jù)磁鐵同性相斥原理設計了用機器人操作的磁力運輸車(如圖甲所示)。在光滑水平面AB上(如圖乙所示)，機器人用大小不變的電磁力F推動質(zhì)量為m＝1kg的小滑塊從A點由靜止開始做勻加速直線運動。小滑塊到達B點時機器人撤去電磁力F，小滑塊沖上光滑斜面(設經(jīng)過B點前后速率不變)，最高能到達C點。機器人用速度傳感器測量小滑塊在ABC運動過程的瞬時速度大小并記錄如下。求：t/s00．20．4…2．22．42．6…v/(m·s－1)00．40．8…3．02．01．0…(1)機器人對小滑塊作用力F的大?。?2)斜面的傾角α的大小?！窘馕觥?1)小滑塊從A到B過程中，a1＝eq\f(Δv1,Δt1)＝2m/s2由牛頓第二定律得F＝ma1＝2N。(2)小滑塊從B到C過程中加速度大小a2＝eq\f(Δv2,Δt2)＝5m/s2由牛頓第二定律得mgsinα＝ma2解得α＝30°?！敬鸢浮?1)2N(2)30°12.（2024年1月江西聯(lián)考）無人快遞車在水平路面上從靜止開始做直線運動，經(jīng)過到達目的地停止運動，快遞車在整個運送過程中牽引力F隨時間t的變化關(guān)系如圖所示，圖中和未知。假設快遞車與貨物總質(zhì)量，運行時所受阻力為自身重力的0.05倍，重力加速度取，時間內(nèi)位移大小。求：（1）快遞車在加速和減速過程中的加速度大小；（2）快遞車在整個運動過程中牽引力所做的功?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】（1）由題意可知，快遞車運行時所受阻力為快遞車在加速過程中，由牛頓第二定律快遞車在減速過程中，由牛頓第二定律其中解得設加速時間為，減速時間為，由運動學公式其中聯(lián)立解得，故快遞車在加速和減速過程中的加速度大小分別為，。（2）全程對快遞車由動能定理其中代入解得，快遞車在整個運動過程中牽引力所做的功為13.（2024湖南頂級名校質(zhì)檢）冰壺是冬奧會比賽項目之一，圖1為賽場示意圖。比賽時，運動員從滑架處推著冰壺出發(fā)，在投擲線處將冰壺以一定的初速度推出，按比賽規(guī)則，他的隊友可以用毛刷在冰壺滑行的前方摩擦冰面，減小摩擦因數(shù)以調(diào)節(jié)冰壺的運動。（1）已知冰壺和冰面的動摩擦因數(shù)為0.02，冰面被摩擦后，動摩擦因數(shù)減小為原來的，投擲線與O的距離為，g取。①運動員以多大的速度沿圖中虛線將冰壺推出，隊友不需要摩擦冰面，冰壺能恰好停在O點；②若運動員以的速度將冰壺推出，隊友應該在冰壺滑出多長的距離后，開始一直連續(xù)摩擦前方冰面，才能使冰壺停在O點；（2）圖像法是研究物理問題的重要方法，例如從教科書中我們學會了由圖像求直線運動的位移，請你借鑒此方法，分析下面問題。如果通過隊員摩擦冰面，使得動摩擦因數(shù)隨距離的變化關(guān)系如圖2所示，即：，其中，x表示離投擲線的距離。在這種情況下，若運動員以的速度將冰壺沿圖中虛線推出，求冰壺滑行時的速度大小。【答案】（1）①，②19m/s；（2）【解析】（1）①設隊友不摩擦冰面，冰壺滑行的加速度大小為a1，根據(jù)牛頓第二定律得由運動學公式得解得②設隊友應該在冰壺滑出x1的距離后，開始一直連續(xù)摩擦前方冰面，才能使冰壺停在O點。隊友擦冰前，有設隊友摩擦冰面后，冰壺滑行的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律得由運動學公式得且有聯(lián)立解得x1=19m（2）根據(jù)和可得，冰壺加速度大小a與x的關(guān)系為可畫出圖象，則可知圖象中圖線與x軸所圍面積即速度平方的變化量的一半，則當x=0m時，a0=0.2m/s2；當x=20m時，a1=0.15m/s2，圖象中的面積有解得冰壺滑行時的速度大小v=3m/s14.（2024河北安平中學自我提升）為了探究物體與斜面間的動摩擦因數(shù)，某同學進行了如下實驗：取一質(zhì)量為m的物體，使其在沿斜面方向的推力F作用下向上運動，如圖甲所示，通過力傳感器得到推力隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，通過頻閃照相處理后得出速度隨時間變化的規(guī)律如圖丙所示，若已知斜面的傾角a=37°，取重力加速度g=10m/s2。（1）求物體與斜面之間摩擦系數(shù)；（2）求撤去推力F后，物體還能上升的距離（斜面足夠長）。【答案】（1）；（2）0075m【解析】（1）0~2s秒內(nèi)，由F-t圖可得F1=21.5N由牛頓第二定律可得由v-t圖像可得2s后，由F-t圖可得F2=20N由牛頓第二定律可得解得（2）撤去推力F后，由牛頓第二定律可得解得撤去外力后，物體的速度為1m/s，物體做勻減速直線運動到達最高點，則由速度位移公式得x3==0.075m 動力學中的九類常見模型精講精練專題2圖像圖表信息【知識精講】1．與動力學相關(guān)的常見的幾種圖像：v——t圖像、a——t圖像、F——t圖像、a——F圖像等。常見動力學圖像及應用方法v－t圖像根據(jù)圖像的斜率判斷加速度的大小和方向，進而根據(jù)牛頓第二定律求解合外力F－a圖像首先要根據(jù)具體的物理情景，對物體進行受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律推導出F、a兩個量間的函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)函數(shù)關(guān)系式結(jié)合圖像，明確圖像的斜率、截距或面積的意義，從而由圖像給出的信息求出未知量a－t圖像要注意加速度的正、負，正確分析每一段的運動情況，然后結(jié)合物體受力情況根據(jù)牛頓第二定律列方程F－t圖像要結(jié)合物體受到的力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，分析每一時間段的運動性質(zhì)2．兩類問題(1)已知物體的運動圖像或受力圖像，分析有關(guān)受力或運動的問題。(2)已知物體的受力或運動情況，判斷選擇有關(guān)的圖像?！痉椒w納】1.圖像問題的分析思路(1)分析圖像問題時，首先明確圖像的種類及其意義，再明確圖線的點、線段、斜率、截距、交點、拐點、面積等方面的物理意義。(2)根據(jù)牛頓運動定律及運動學公式建立相關(guān)方程解題。2.求解圖像問題的“一、二、三”【典例精析】[例題]兩物體A、B并排放在水平地面上，且兩物體接觸面為豎直面，現(xiàn)用一水平推力F作用在物體A上，使A、B由靜止開始一起向右做勻加速運動，如圖(a)所示，在A、B的速度達到6m/s時，撤去推力F。已知A、B質(zhì)量分別為mA＝1kg、mB＝3kg，A與地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0．3，B與地面間沒有摩擦，B物體運動的vt圖像如圖(b)所示。g取10m/s2。求：(1)推力F的大??；(2)A物體剛停止運動時，物體A、B之間的距離。【模擬題精練】1..(2024安徽蕪湖3月質(zhì)檢)如圖甲所示，A、B兩個物體靠在一起，靜止在光滑的水平面上，它們的質(zhì)量分別為、，現(xiàn)分別用水平向右的力推A、拉B，和隨時間變化關(guān)系如圖乙所示，則（）A.時，A、B之間的彈力為 B.時，A、B脫離C.A、B脫離前，它們一起運動的位移為 D.A、B脫離后，A做減速運動，B做加速運動2．（2024年3月江蘇無錫四校調(diào)研）如圖所示為跳傘者在豎直下降過程中速度v隨時間t變化的圖像，根據(jù)圖像判斷下列說法正確的是（）A．0~t1內(nèi)跳傘者速度越大，空氣阻力越大B．0~t1內(nèi)，跳傘者處于超重狀態(tài)C．tanθ=g（g為當?shù)氐闹亓铀俣龋〥．在t1~t2內(nèi)，跳傘者處于失重狀態(tài)3.（2024重慶主城區(qū)第一次質(zhì)檢）在一次軍事演習中，一傘兵從懸停在高空的直升機中以初速度為零落下，在空中沿豎直方向運動的v-t圖像如圖。則傘兵在（）A.0~10s內(nèi)位移大小為50mB.10s~15s內(nèi)加速度逐漸增大C.0~10s內(nèi)所受阻力逐漸增大D.10s~15s內(nèi)所受阻力逐漸增大4.（2024湖南頂級名校期末）一種新型潛水裝置，可以通過浮力控制系統(tǒng)實現(xiàn)下潛和上升。某次試潛中該裝置的速度時間圖像如圖所示，其中①為下潛的圖像，②為返程上升的圖像，已知加速和減速過程中加速度大小相等，潛水裝置質(zhì)量為，重力加速度為，忽略水的阻力和水平方向的運動，在這次試潛的整個過程中（）A.最大下潛深度為B.下潛過程所用總時間為C.上升過程中潛水裝置所受浮力的沖量大小為D.潛水裝置所受最小浮力與最大浮力之比為.5．(2024湖南頂級名校質(zhì)檢)從地面上以一定初速度豎直向上拋出一質(zhì)量為的小球，其動能隨時間的變化如圖。已知小球受到的空氣阻力與速率成正比。小球落地時的動能為，且落地前小球已經(jīng)做勻速運動。重力加速度為，則小球在整個運動過程中（）A．球上升階段阻力的沖量大于下落階段阻力的沖量B．從最高點下降落回到地面所用時間小于C．最大的加速度為D．小球上升的最大高度為6.（2024安徽阜陽重點高中3月質(zhì)檢）2023年世界泳聯(lián)錦標賽中，中國軍團以20枚金牌的成績力壓美國，位列金牌榜第一名。若把運動員從起跳到接觸水面的運動看成勻變速直線運動，某運動員從距離水面某一高度處的跳板上豎直向上跳起，起跳時開始計時，取豎直向下為正方向，速度傳感器記錄運動員的速度隨時間變化的圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.0~t2，運動員處于失重狀態(tài)B.運動員在t1時刻接觸水面C.運動員在水中時，最深處的加速度最大D.運動員潛入水中的深度等于7.（2024黑龍江哈爾濱重點高中質(zhì)檢）如圖甲所示，一質(zhì)量為1kg的滑塊在一個沿斜面向下的外力F作用下由靜止開始運動，2s后撤去外力F，滑塊繼續(xù)沿斜面向下運動到底端，其圖像如圖乙所示，斜面始終保持靜止不動，斜面傾角為37°，g取10m/s2，則（）A.外力F的大小為2NB.滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為0.75C.撤去F后地面對斜面的支持力比撤去F前小D.滑塊滑下斜面的過程中，地面對斜面沒有摩擦力8.（2024山西大同期末）在某次探究活動中，小明在t=0時刻將籃球以一定的初速度豎直向下拋出，用傳感器和計算機得到籃球運動的圖像是斜率為k的直線，如圖所示，其中x為其下落的距離。已知籃球下落過程中受到的阻力恒定，籃球的質(zhì)量為m，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.籃球下落過程中做變加速直線運動B.籃球下落的初速度大小為kgC.籃球下落的加速度大小為gD.籃球下落過程中受到的阻力大小為9．如圖甲所示，物體原來靜止在水平面上，用一水平力F拉物體，在F從0開始逐漸增大的過程中，物體先靜止后又做變加速運動，其加速度隨外力F變化的圖像如圖乙所示，根據(jù)圖乙中所標出的數(shù)據(jù)可計算出(g取10m/s2)()A．物體的質(zhì)量為1kgB．物體的質(zhì)量為2kgC．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0．2D．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0．510．[多選]某小球所受的合力與時間的關(guān)系如圖所示，各段的合力大小相同，作用時間相同，設小球從靜止開始運動，由此可判定()A．小球向前運動，再返回停止B．小球向前運動，再返回不會停止C．小球始終向前運動D．小球在4s末速度為011在科技創(chuàng)新活動中，小華同學根據(jù)磁鐵同性相斥原理設計了用機器人操作的磁力運輸車(如圖甲所