高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1昆明市普通高中2024~2025學(xué)年高一期末質(zhì)量檢測物理注意事項：1、答卷前，考生務(wù)必用黑色碳素筆將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在答題卡上，并認真核準條形碼上的準考證號、姓名、考場號、座位號及科目，在規(guī)定的位置貼好條形碼。2、回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3、考試結(jié)束后，將答題卡交回。一、選擇題：本題共12小題，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求，每小題4分；第9~12題有多項符合題目要求，每小題4分，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.關(guān)于力和運動，下列說法正確的是（）A.物體所受合力為零，只能處于靜止狀態(tài)B.物體在變力的作用下，可能做直線運動C.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時，所受合力不變D.滑動摩擦力只能使物體減速，不能使物體加速【答案】B【解析】A．物體所受合力為零時，可能靜止或做勻速直線運動，故A錯誤；B．物體在變力作用下，只要力的方向與速度方向共線（如大小變化但方向不變的力），即可做直線運動（如變加速直線運動），故B正確；C．衛(wèi)星勻速圓周運動時，合力為向心力，大小不變，但方向始終變化，故C錯誤；D．滑動摩擦力方向與相對運動方向相反，但可能與物體運動方向相同，從而使其加速，故D錯誤。故選B。2.圖甲是云南常見的柴火炒菜的場景。炒菜時，要將“半球型”的炒鍋貼合地放在三腳架的水平圓環(huán)上。若鍋及鍋中菜品的總質(zhì)量為m，重力加速度為g。靜止時，圓環(huán)對鍋的作用力大小為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】對鍋受力分析，其受重力和圓環(huán)的作用力而靜止，根據(jù)平衡條件可知圓環(huán)對鍋的作用力大小為，故C正確。故選C。3.一靜電場中的部分電場線分布如圖所示，電荷量為q（q>0）的試探電荷在P點受到的電場力大小為F，方向水平向右。若把該試探電荷換成電荷量為的另一試探電荷，則P點的電場強度（）A.大小仍為，方向水平向右 B.大小仍為，方向水平向左C.大小變?yōu)?，方向水平向?D.大小變?yōu)?，方向水平向左【答案】A【解析】電荷量為q（q>0）的試探電荷在P點受到的電場力大小為F，方向水平向右，則P點的電場強度大小為，方向水平向右，大小與方向不隨試探電荷的改變而變化，故A正確。故選A。4.汽車在高速公路行駛過程中，依次通過“0m”“50m”和“100m”的車距確認標志牌，通過“0m”和“50m”之間所用時間為t1，速度變化量為；通過“50m”和“100m”之間所用時間為t2，速度變化量為。若該過程中汽車的運動可視為勻加速直線運動，則（）A. B. C. D.【答案】C【解析】AB．汽車做勻加速直線運動，加速度恒定。且兩段位移均為，但速度逐漸增大，后續(xù)相同位移所需時間更短，可知故AB錯誤；CD．速度變化量因故故C正確，D錯誤。故選C。5.汽車轉(zhuǎn)彎時，車上的掛件會偏離豎直方向。當汽車以恒定的速率經(jīng)過某一水平圓形彎道時，儀表盤如圖甲所示，掛件偏離豎直方向約14°，如圖乙所示。取重力加速度g=10m/s2，tan14°=0.25，由此估算出該彎道的半徑為（）A.20m B.40m C.60m D.80m【答案】B【解析】對掛件受力分析，可得，且由圖甲可知，車速解得該彎道的半徑為，故B正確。故選B。6.如圖所示為太陽能驅(qū)動小車，太陽光照射小車上的光電板產(chǎn)生電能驅(qū)動小車。小車保持牽引力恒定，在平直的路面上由靜止啟動，經(jīng)過5s速度達到1m/s，此時電動機功率恰好達到額定功率。之后小車保持額定功率不變繼續(xù)加速，最終達到最大速度1.2m/s。若小車質(zhì)量為2kg，所受阻力恒定。下列說法正確的是（）A.小車所受阻力大小為1.0NB.小車所受阻力大小1.5NC.小車的額定功率為2.4WD.小車的額定功率為3.0W【答案】C【解析】設(shè)小車恒定加速階段的牽引力為，阻力為，由題意可知，恒定加速階段小車的加速度大小為由牛頓第二定律可得小車的額定功率為小車恒定功率運動階段則有其中聯(lián)立解得，故選C。7.如圖所示，套在光滑豎直桿上的圓環(huán)A用跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細繩與放置在光滑水平面上的滑塊B相連，滑輪（可視為質(zhì)點）到桿的距離為L，初始繩子水平且剛好伸直。已知A、B質(zhì)量均為m，重力加速度為g。將A、B由靜止釋放，當圓環(huán)A與初始位置相距L時，B的動能為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】整體機械能守恒，有由于A、B速度關(guān)聯(lián)，有代入，解得B的速度為，則其動能為，故B正確。故選B。8.如圖所示，在平面直角坐標系xOy的原點O固定電荷量為9Q的正點電荷，在P（4a，0）點固定另一點電荷，使M（3a，0）點場強為0。已知靜電力常量為k，則點的場強大小為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】已知M（3a，0）點場強為0，有，解得由幾何關(guān)系得∠ONP=90°，N點的場強為EN，則故選D。9.運動會中一同學(xué)參加立定跳遠比賽，起跳到落地過程如圖所示，不計空氣阻力。該同學(xué)在空中運動的過程中（）A.處于超重狀態(tài) B.處于失重狀態(tài)C.機械能不變 D.機械能先增加后減少【答案】BC【解析】該同學(xué)在空中運動的過程中加速度向下，處于失重狀態(tài)，由于該過程運動員只受重力，機械能不變。故選BC。10.如圖所示，正點電荷a固定，一帶負電的試探電荷b與a距離為r，現(xiàn)讓b獲得一大小為v0的速度后開始運動，只考慮a對b的庫侖力作用，則b開始運動的一段時間內(nèi)，其速度大小v隨時間t變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】AD【解析】A．若電荷b的速度沿豎直方向，且滿足b做勻速圓周的條件，則電荷b的速度大小不變，故A正確；BCD．電荷若不做勻速圓周運動，則運動過程中，電場力為則電場力一定變化，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度一定改變；若電荷b有向右速度，則其做加速度減小的減速運動，故BC錯誤，D正確。故選AD。11.1984年4月8日，我國第一顆同步定點通信衛(wèi)星“東方紅二號”成功發(fā)射，中國成為世界上第五個獨立研制和發(fā)射靜止軌道衛(wèi)星的國家。“東方紅二號”從地球發(fā)射后進入軌道I繞地球做半徑為R1的勻速圓周運動，在軌道I的P點變軌后進入橢圓轉(zhuǎn)移軌道II，最后從Q點進入同步軌道III繞地球做半徑為R2的勻速圓周運動。關(guān)于“東方紅二號”，下列說法正確的是（）A.發(fā)射速度大于第二宇宙速度B.從軌道I進入軌道II時，需在P點加速C.在軌道I和軌道II上運動的周期之比為D.在軌道II上經(jīng)過Q點的速率小于在軌道I上經(jīng)過P點的速率【答案】BD【解析】A．衛(wèi)星繞地球運動，發(fā)射速度小于第二宇宙速度，故A錯誤；B．從軌道I（低軌道）進入軌道II（高軌道）時，需在P點加速，故B正確；C．根據(jù)開普勒第三定律解得，故C錯誤；D．從軌道II進入III軌道時，需在Q點加速，根據(jù)萬有引力提供向心力有解得可知軌道III的速率小于在軌道I的速率，則在軌道II上經(jīng)過Q點的速率小于在軌道I上經(jīng)過P點的速率，故D正確；故選BD。12.如圖所示，傾角為30°且足夠長的光滑斜面底端有與斜面垂直的固定擋板，質(zhì)量均為m的物塊a和b用輕質(zhì)彈簧相連靜止在斜面上?，F(xiàn)用平行斜面向上、大小為F=mg的恒力作用在物塊b上使其從靜止開始運動，一段時間后物塊a離開擋板。彈簧的勁度系數(shù)為k，其形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.b、a速度差最大時，彈簧彈力大小為B.彈簧最長時，a的加速度大于b的加速度C.a剛要離開擋板瞬間，b的速度大小為D.a離開擋板后，彈簧最長時，a、b組成的系統(tǒng)動能最小【答案】AD【解析】A．因拉力F=mg=2mgsin30°，則在a離開擋板后，a、b和輕質(zhì)彈簧整體受力平衡。開始時，彈簧壓縮量為，a剛要離開擋板瞬間，彈簧伸長量為，此時，b、a速度差最大，彈簧彈力大小為，故A正確；B．當a運動后，彈簧的最大伸長量不變，彈簧最長時，由牛頓第二定律對a，有對b，有可得a1=a2，二者大小相等，方向相反，故B錯誤；C．從開始到a剛要離開擋板的瞬間，彈簧形變量的大小不變，則其彈性勢能不變，則對b，由動能定理，有解得，故C錯誤；D．由于a離開擋板后，a、b和輕質(zhì)彈簧整體受力平衡，則整體的動能與彈性勢能之和保持不變，則當彈簧最長時，彈性勢能最大，故a、b組成的系統(tǒng)動能最小，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共52分。13.實驗小組利用圖甲所示裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗。（1）下列操作中對減小實驗誤差有利的是。A.釋放重物前，使重物遠離打點計時器B.先釋放重物，后接通電源C.將打點計時器的兩個限位孔調(diào)節(jié)到同一豎直線上（2）實驗時，得到如圖乙所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測出它們到起始點O的距離分別為hA、hB、hC。已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的頻率為f，測出重物的質(zhì)量為m，從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少了__________，動能增加了__________，在誤差允許的范圍內(nèi)，若重力勢能的減少量等于動能的增加量，即可驗證機械能守恒?！敬鸢浮浚?）C（2）【解析】【小問1解析】A．釋放重物前，使重物靠近打點計時器，從而獲得更多的點跡，故A錯誤；B．應(yīng)先接通電源，后釋放重物，故B錯誤；C．兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對正，可減小紙帶與限位孔的摩擦，故C正確；故選C【小問2解析】從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少了打B點時，重物的速度為動能增加了14.如圖甲所示是某實驗小組設(shè)計的“探究加速度和力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置示意圖，位移傳感器的發(fā)射器和接收器分別固定在木板右端和物塊上。保持物塊的質(zhì)量不變，探究其加速度和力的關(guān)系，實驗中用鉤碼的重力代替物塊（含接收器）所受的合外力。細線與木板平面平行，不計細線與滑輪之間的摩擦力，重力加速度為g。（1）下列說法正確的是。A.需要將木板右端墊高，以平衡物塊與木板間的摩擦力B.不需要平衡物塊與木板間的摩擦力C.需要使物塊（含接收器）的總質(zhì)量遠大于鉤碼的質(zhì)量D.不需要使物塊（含接收器）的總質(zhì)量遠大于鉤碼的質(zhì)量（2）某次實驗，測得接收器和發(fā)射器之間的距離x及對應(yīng)的時間t，作出x-t2圖線如圖乙所示，圖中坐標值均已知，由圖像可知，t=0時刻物塊的速度大小__________（選填“一定”或“不一定”）為零，此次實驗物塊的加速度a=__________（用圖中所給字母表示）。（3）測出物塊（含接收器）質(zhì)量為M，每個鉤碼的質(zhì)量均為m，第一次掛1個鉤碼進行實驗，此后每增加1個鉤碼進行1次實驗，共進行n次實驗，利用（2）中的方法得到對應(yīng)的加速度，在誤差允許范圍內(nèi)，若__________（用M、m、n、g表示），即可論證，物塊質(zhì)量不變時其加速度與力成正比?！敬鸢浮浚?）AC（2）一定（3）【解析】【小問1解析】AB．需要將木板右端墊高，以平衡物塊與木板間的摩擦力，故A正確，B錯誤；CD．需要使物塊（含接收器）的總質(zhì)量遠大于鉤碼的質(zhì)量，故C正確，D錯誤。故選AC?！拘?解析】由圖乙可知，，物塊位移為可知t=0時刻物塊的速度大小一定為零，其加速度為?！拘?解析】由題意，，則15.2025年6月21日，中超聯(lián)賽中云南玉昆隊以2∶1戰(zhàn)勝陜西聯(lián)合隊。在賽場上，某球員將足球從A點由靜止抽射出去，足球在空中運動后落在地面上與A點等高的B點，足球的運動軌跡如圖所示。已知足球可視為質(zhì)點，質(zhì)量m=0.4kg，AB相距x=10m，足球從A點運動到B點的時間t=2s，取重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力。求：（1）足球離地瞬間的速度大??；（2）抽射過程中，球員對足球做的功?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1解析】足球做斜拋運動，設(shè)足球在水平方向、豎直方向的分速度大小分別為vx、vy，由運動的合成和分解得、足球的初速度大小為解得【小問2解析】抽射過程中，球員對足球做的功為解得16.如圖甲所示，長為l的輕桿一端通過鉸鏈與O點連接，另一端栓接質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點），小球處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)給小球水平向右的初速度，使其可以在豎直面內(nèi)繞O點做完整的圓周運動。輕桿與初始位置的夾角為θ，輕桿對小球的彈力大小F隨cosθ變化的關(guān)系如圖乙所示。求：（1）小球運動過程中速度的最小值；（2）當小球運動到P點（θ=120°）時，輕桿對小球作用力的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1解析】小球在最低點時速度最大，由圖乙知，輕桿此時的拉力大小為10mg，對小球由牛頓第二定律得小球從最低點運動到最高點的過程中，由動能定理得解得【小問2解析】小球從最低點運動到P點的過程中，由動能定理得在P點由牛頓第二定律得解得17.如圖所示，質(zhì)量m=1kg的木板b靜止在粗糙水平地面上，在木板b上的O點放一質(zhì)量也為1kg的物塊a（可視為質(zhì)點）。零時刻，對b施加水平向右的恒力F，a、b均由靜止開始運動；某時刻，撤去恒力F，一段時間后，a、b都停止運動，a仍在O點。已知運動過程中a比b多運動，a、b間的動摩擦因數(shù)，b與地面間的動摩擦因數(shù)，取重力加速度g=10m/s2。求：（1）a運動時，a的加速度大小；（2）a運動的時間；（3）恒力F的大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1解析】a運動時，對物塊a，由牛頓第二定律，有解得【小問2解析】設(shè)a、b共速時的速度大小為v，