高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1浙江強(qiáng)基聯(lián)盟2025年4月高二聯(lián)考物理試題考生注意：1、本試卷滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘。2、考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量是矢量的是（）A.沖量 B.功率 C.磁通量 D.質(zhì)量【答案】A【解析】既有大小，又有方向的量是矢量。功率、磁通量、質(zhì)量是標(biāo)量；沖量是矢量。故選A。2.3月20日上午，2025年全國(guó)青年跳水冠軍賽正式拉開(kāi)帷幕。如圖所示為運(yùn)動(dòng)員某次跳水時(shí)在空中的場(chǎng)景，若不計(jì)空氣阻力，則（）A.研究運(yùn)動(dòng)員在入水的動(dòng)作時(shí)可將她視為質(zhì)點(diǎn)B.運(yùn)動(dòng)員在空中最高點(diǎn)時(shí)速度為零，加速度也為零C.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)整個(gè)過(guò)程中先超重后失重D.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中機(jī)械能守恒【答案】D【解析】A．研究運(yùn)動(dòng)員入水的動(dòng)作時(shí)，不能忽略運(yùn)動(dòng)員身體的大小、形狀，不能視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員在空中最高點(diǎn)時(shí)速度為零，但由于只受重力作用，合外力不等于零，加速度不為零，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的加速度方向一直豎直向下，則她一直處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．不計(jì)空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員在空中的運(yùn)動(dòng)只有重力做功，機(jī)械能守恒，故D正確。故選D。3.下列說(shuō)法正確的是（）A.電磁波中，紫外線的熱效應(yīng)最顯著B(niǎo).做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的單擺擺球在過(guò)平衡位置時(shí)所受合力為0C.用眼鏡觀看電影有立體感是利用了光的偏振現(xiàn)象D.當(dāng)障礙物尺寸比波長(zhǎng)大的情況下，波才會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象【答案】C【解析】A．熱效應(yīng)最明顯的是紅外線，故A錯(cuò)誤；B．在單擺的平衡位置處，擺球的回復(fù)力為零，但合外力不為零，故B錯(cuò)誤；D．當(dāng)波遇到障礙物時(shí)都會(huì)發(fā)生衍射現(xiàn)象，當(dāng)障礙物尺寸與波長(zhǎng)差不多或者比波長(zhǎng)還小的情況下，衍射更明顯，故錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示為燃?xì)庠畹闹Ъ?，支架上的四個(gè)爪均勻分布，分別標(biāo)記為A、B、C、D，其上表面傾斜?，F(xiàn)將總質(zhì)量為的半球形炒鍋放在支架上，支架保持水平，重力加速度為，則（）A.支架對(duì)炒鍋的作用力和炒鍋對(duì)支架的作用力是一對(duì)平衡力B.支架爪A對(duì)炒鍋的作用力一定為C.支架爪B和支架爪D對(duì)炒鍋的作用力合力一定為D.增大支架的半徑，支架對(duì)炒鍋的作用力將變大【答案】C【解析】A．支架對(duì)炒鍋的作用力和炒鍋對(duì)支架的作用力是一對(duì)相互作用力，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)每個(gè)爪與鍋間的彈力與豎直方向的夾角為，支架半徑為，鍋的半徑為，根據(jù)牛頓第三定律及平衡條件可得由幾何關(guān)系可得解得故B錯(cuò)誤；C．支架爪B和支架爪D對(duì)炒鍋的作用力合力為故C正確；D．增大支架的半徑，但整個(gè)支架對(duì)炒鍋的作用力大小等于炒鍋的重力不變，故D錯(cuò)誤。故選C。5.我國(guó)首個(gè)火星探測(cè)器“天問(wèn)一號(hào)”發(fā)射過(guò)程可簡(jiǎn)化為：探測(cè)器在地球表面加速并經(jīng)過(guò)一系列調(diào)整變軌，成為一顆沿地球公轉(zhuǎn)軌道繞太陽(yáng)運(yùn)行的人造行星；再在適當(dāng)位置加速，經(jīng)橢圓軌道（霍曼轉(zhuǎn)移軌道）到達(dá)火星。已知地球的公轉(zhuǎn)周期為，、兩點(diǎn)分別為霍曼轉(zhuǎn)移軌道上的近日點(diǎn)與遠(yuǎn)日點(diǎn)，可認(rèn)為地球和火星在同一軌道平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，火星軌道半徑約為地球軌道半徑的1.5倍。則（）A.火星的公轉(zhuǎn)周期為B.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上的運(yùn)行周期為C.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上點(diǎn)的速度小于點(diǎn)的速度D.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上點(diǎn)的速度大于火星公轉(zhuǎn)軌道上點(diǎn)的速度【答案】B【解析】A．設(shè)地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)軌道半徑為，則火星軌道半徑約為1.5，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律火星的公轉(zhuǎn)周期與地球公轉(zhuǎn)周期的比故A錯(cuò)誤；B．可知霍曼轉(zhuǎn)移軌道半長(zhǎng)軸為對(duì)地球和探測(cè)器，由開(kāi)普勒第三定律可得解得故B正確；C．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律有可知、兩點(diǎn)線速度之比為；C錯(cuò)誤；D．探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上點(diǎn)要加速才能進(jìn)入火星公轉(zhuǎn)軌道，故在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上點(diǎn)的速度小于火星公轉(zhuǎn)軌道上點(diǎn)的速度，D錯(cuò)誤。故選B。6.電阻的均質(zhì)導(dǎo)線，做成如圖所示的圓形線框，其直徑的長(zhǎng)度為，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與線框平面垂直，、處與電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻的電源相連，則線框受到的安培力大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】電路總電阻為則電路總電流為通過(guò)線框上下兩部分的電流均為，則線框受到的安培力大小為解得故選B。7.如圖，半徑為的球面凹面鏡內(nèi)注有透明液體，將其靜置在水平桌面上，液體中心厚度為。一束單色光自中心軸上距液面的A點(diǎn)射向液面上B點(diǎn)，長(zhǎng)為，其折射光經(jīng)凹面鏡反射后沿原路返回，則可知該液體的折射率為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】如圖所示為光路圖由題可知折射光線的反向延長(zhǎng)線過(guò)凹面鏡的圓心，由幾何關(guān)系可得，，，，，解得故選A。8.打火機(jī)的點(diǎn)火裝置，利用了壓電陶瓷的壓電效應(yīng)，快速擠壓后瞬間產(chǎn)生千伏高壓。其擠壓前的結(jié)構(gòu)如圖所示，點(diǎn)為正六邊形的中心，三個(gè)電量均為的點(diǎn)電荷分別位于頂點(diǎn)A、C、E上，三個(gè)電量均為的點(diǎn)電荷分別位于頂點(diǎn)B、D、F上，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零B.點(diǎn)的電勢(shì)為零C.點(diǎn)電荷受到其他電荷對(duì)它的作用力為零D.點(diǎn)電荷受到其他電荷對(duì)它的作用力方向沿指向【答案】C【解析】A．根據(jù)圖形的對(duì)稱(chēng)性知，每個(gè)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，均設(shè)為，方向如圖，故三個(gè)夾角為的方向上的場(chǎng)強(qiáng)大小均為，根據(jù)矢量定則知，它們的合場(chǎng)強(qiáng)為零，故A正確，不符合題意；B．根據(jù)題意取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，故等量異種電荷連線中垂線上的電勢(shì)均為零，故AD、CF、BE連線中點(diǎn)處的電勢(shì)為零，故B正確，不符合題意；CD．設(shè)六邊形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，B、F兩點(diǎn)的電荷對(duì)的作用力合力大小為，方向沿方向；點(diǎn)電荷對(duì)的作用力大小為，方向沿方向；、兩點(diǎn)的電荷對(duì)的作用力合力大小為方向沿方向，由于故點(diǎn)電荷受到合外力不為零，方向應(yīng)沿方向指向。同理可判斷點(diǎn)電荷受到其他電荷的作用力方向沿方向指向，故C錯(cuò)誤，符合題意，D正確，不符合題意；本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選C。9.某高中科研興趣小組利用學(xué)過(guò)的知識(shí)制造了一臺(tái)電磁炮，如圖甲所示，其主要結(jié)構(gòu)有電動(dòng)勢(shì)為的高壓直流電源、電容為的電容器以及套在中空的塑料管上的線圈，塑料管內(nèi)壁光滑，將直徑略小于管的內(nèi)徑的金屬小球靜置于管口附近。首先將開(kāi)關(guān)接1，使電容器完全充電，然后立即將轉(zhuǎn)接2，此后電容器放電，通過(guò)線圈的電流隨時(shí)間的變化如圖乙所示，金屬小球在的時(shí)間內(nèi)被加速發(fā)射出去，時(shí)刻剛好運(yùn)動(dòng)到管口。下列關(guān)于該電磁炮的說(shuō)法正確的是（）A.小球在塑料管中做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.在的時(shí)間內(nèi)，電容器儲(chǔ)存的電能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能C.在的時(shí)間內(nèi)，小球中產(chǎn)生的渦流從左向右看是順時(shí)針?lè)较虻腄.在的時(shí)間內(nèi)，小球受到線圈的磁場(chǎng)對(duì)它的作用力先變大后減小為零【答案】D【解析】AD．線圈中的磁場(chǎng)強(qiáng)弱程度與通過(guò)線圈的電流大小成正比，根據(jù)乙圖可知，線圈中產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度（磁通量）變化步調(diào)與電流的變化步調(diào)一致，在時(shí)間內(nèi)，線圈電流從0逐漸增大，但其變化率卻逐漸減小至0，所以線圈中的磁通量變化率也逐漸減小至0，金屬小球中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也逐漸減小至0，金屬小球中的渦流也逐漸減小至0，可知時(shí)刻，金屬小球受到線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力為0，時(shí)刻，金屬小球受到線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力也為0，故時(shí)間內(nèi)，金屬小球受到線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力應(yīng)先增大后減小為零，即加速度應(yīng)先增大后減小直至為零，故A錯(cuò)誤，D正確；B．在的時(shí)間內(nèi)，電容器減少的電場(chǎng)能一部分轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，還留有一部分磁場(chǎng)能。所以減少的電場(chǎng)能大于小球增加的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)間內(nèi)，由安培定則知線圈電流在線圈內(nèi)的磁場(chǎng)方向向右，線圈電流在增大，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)在增大，通過(guò)金屬小球磁通量在增大，根據(jù)楞次定律可知金屬小球中產(chǎn)生渦流的磁場(chǎng)方向向左，由安培定則可知，金屬小球中產(chǎn)生的渦流從左向右看是逆時(shí)針?lè)较?，故C錯(cuò)誤。故選D。10.如圖所示，與地面夾角為的光滑斜面頂端固定一垂直斜面的擋板，勁度系數(shù)為的輕彈簧一端固定一個(gè)質(zhì)量為的小球，另一端固定在擋板上。當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)靜止釋放小球，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力，已知重力加速度為。則（）A.小球在最低點(diǎn)時(shí)受到的彈力大小為B.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球的最大動(dòng)能為C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能為D.若小球釋放時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，則小球從釋放點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的時(shí)間將變長(zhǎng)【答案】C【解析】A．可以判斷傾斜彈簧振子做的是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，小球在原長(zhǎng)位置有在最低點(diǎn)時(shí)，受力分析可得聯(lián)立可得最低點(diǎn)彈力故A錯(cuò)誤；B．在平衡位置處回復(fù)力為零，小球的動(dòng)能最大，從原長(zhǎng)到平衡位置處，小球的位移為減小的重力勢(shì)能為增加的彈性勢(shì)能根據(jù)機(jī)械能守恒，動(dòng)能故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)規(guī)律，物體在最低點(diǎn)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為，物體從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得又聯(lián)立可得故C正確；D．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期與振幅無(wú)關(guān)，當(dāng)釋放位置發(fā)生變化時(shí)，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的時(shí)間即半個(gè)周期不變，故D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題II（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.關(guān)于分子動(dòng)理論，下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲為研究布朗運(yùn)動(dòng)時(shí)記錄的三顆微粒的運(yùn)動(dòng)圖，圖中的直線表示了微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡B.圖乙為氧氣分子的速率分布圖，由圖可知狀態(tài)①的溫度比狀態(tài)②的溫度高C.圖丙中醬油分子進(jìn)入雞蛋中，這是擴(kuò)散現(xiàn)象【答案】CD【解析】A．由于圖甲中位置是每隔一定時(shí)間記錄的，所以位置的連線不能表示該微粒做布朗運(yùn)動(dòng)的軌跡，只能說(shuō)明微粒運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，狀態(tài)②速率大的氧氣分子比例較大，所以狀態(tài)②的溫度比狀態(tài)①的溫度高，故B錯(cuò)誤；C．醬油分子進(jìn)入雞蛋中是由分子的擴(kuò)散現(xiàn)象引起的；故C正確；D．由丁圖可知處分子勢(shì)能最小，說(shuō)明處分子間作用力零，故D正確。故選CD。12.往平靜的湖面扔下一顆小石子，湖面會(huì)泛起層層漣漪。若不計(jì)能量損失，水面視為均勻介質(zhì)，以波源為原點(diǎn)，建立坐標(biāo)系，水波在水平面內(nèi)傳播，波面呈現(xiàn)為圓形。時(shí)刻，波面分布如圖甲所示，其中實(shí)線表示波峰，虛線表示相鄰的波谷，處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，軸正方向豎直向上。下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的波速為B.該波從點(diǎn)傳播到點(diǎn)所需的時(shí)間為C.點(diǎn)的起振方向豎直向下D.時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向豎直向下【答案】BD【解析】A．由圖甲、乙可看出，該波的波長(zhǎng)、周期分別為，則根據(jù)波速公式故A錯(cuò)誤；B．、間距為一個(gè)波長(zhǎng)，則該波從點(diǎn)傳播到點(diǎn)，所需時(shí)間為故B正確；C．時(shí)，為波峰，說(shuō)明波源的起振方向向上，點(diǎn)的起振方向與波源相同，也是豎直向上，故C錯(cuò)誤；D．波從波面?zhèn)鞑サ降木嚯x為則的振動(dòng)形式傳播到的時(shí)間為則時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)在第一個(gè)波峰傳到之后又振動(dòng)了，則此時(shí)質(zhì)點(diǎn)位于軸上方，速度方向豎直向下，故D正確。故選BD。13.“轆轤”是中國(guó)古代取水的重要設(shè)施，通過(guò)轉(zhuǎn)動(dòng)手柄將細(xì)繩纏繞到半徑為的轉(zhuǎn)筒上，就可以把水桶從井中提起。若某次轉(zhuǎn)動(dòng)手柄的角速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，經(jīng)時(shí)間把水桶從井底提升到井口，水桶和桶中水的總質(zhì)量為，重力加速度大小為，水桶可看成質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.，水桶做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.水井的深度為C.把水桶從井底提升到井口的過(guò)程中克服重力做功的平均功率為D.把水桶從井底提升到井口的過(guò)程中合力對(duì)水桶和桶中水做功為【答案】AD【解析】A．轉(zhuǎn)筒邊緣上點(diǎn)的線速度大小等于水桶的速度大小，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系有，因內(nèi)，與成正比，所以水桶的速度與成正比，即水桶做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．圖乙中內(nèi)圖像與時(shí)間軸所包圍的面積表示把水桶從井底提升到井口過(guò)程中轉(zhuǎn)筒轉(zhuǎn)過(guò)的角度，設(shè)為，則故水井的深度為轉(zhuǎn)筒轉(zhuǎn)過(guò)的距離，即，故B錯(cuò)誤；C．把水桶從井底提升到井口的過(guò)程中克服重力做功的平均功率為，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理，把水桶從井底提升到井口的過(guò)程中合力對(duì)水桶和桶中水做功為，故D正確。故選AD。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.小車(chē)、帶滑輪的木板、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器等為高中物理常見(jiàn)的實(shí)驗(yàn)器材。（1）某小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究加速度與物體受力、質(zhì)量的關(guān)系。①為了使繩子的拉力近似等于所掛重物的重力，實(shí)驗(yàn)時(shí)要保證______。A.軌道一端用木塊墊高，以補(bǔ)償小車(chē)受到的阻力B.所掛重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量C.先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，再釋放紙帶②在補(bǔ)償阻力的操作時(shí)，小車(chē)前端______（填“需要”或“不需要”）連接重物，每次改變小車(chē)質(zhì)量后______（填“需要”或“不需要”）重新補(bǔ)償阻力。（2）另一小組利用如圖乙的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)前先調(diào)整軌道的傾斜程度，以平衡摩擦力，使小車(chē)能在軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)。在小車(chē)A前端貼上橡皮泥，打開(kāi)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器再輕推小車(chē)A，小車(chē)A以某速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，隨后與軌道上另一靜止小車(chē)B相碰后粘在一起繼續(xù)下滑，得到的紙帶如圖丙所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源頻率為。①圖中的AB、BC、CD、DE四段數(shù)據(jù)中，計(jì)算兩車(chē)碰撞后的速度大小應(yīng)選______段。②若小車(chē)A的質(zhì)量為，小車(chē)B的質(zhì)量為，根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，碰后兩小車(chē)的總動(dòng)量是______。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）B不需要不需要（2）0.684【解析】（1）①[1]A．軌道一端用木塊墊高，以補(bǔ)償小車(chē)受到的阻力，目的是小車(chē)所受繩子的拉力等于合力，不是為了使繩子的拉力近似等于所掛重物的重力，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可知，對(duì)小車(chē)對(duì)重物解得當(dāng)小車(chē)和重物一起加速時(shí)，繩子的拉力會(huì)小于所掛重物的重力，當(dāng)所掛重物質(zhì)量小時(shí)，小車(chē)和重物加速度小，繩子拉力近似等于重物重力，故B正確；C．先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，再釋放紙帶，可以讓紙帶充分利用，在紙帶上打出較多的點(diǎn)，不是為了使繩子的拉力近似等于所掛重物的重力，故C錯(cuò)誤。故選B。②[2][3]補(bǔ)償阻力時(shí)是讓小車(chē)的重力沿斜面向下的分力等于小車(chē)受到的阻力，所以車(chē)前端不能掛重物；補(bǔ)償好阻力后，重力的分力等于阻力，根據(jù)可知，當(dāng)小車(chē)質(zhì)量變化時(shí)，小車(chē)仍然受力平衡，所以每次改變小車(chē)后不需要重新平衡摩擦力。（2）①[1]推動(dòng)小車(chē)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故小車(chē)有個(gè)加速過(guò)程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選計(jì)算碰前的速度；碰撞過(guò)程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，而A和B碰后的共同運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)相同的位移，故應(yīng)選段來(lái)計(jì)算碰后共同的速度。②[2]碰后小車(chē)的共同速度為兩小車(chē)的總動(dòng)量為15.某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量一個(gè)阻值約為十幾歐的定值電阻的阻值。（1）先用圖甲中的多用電表粗測(cè)被測(cè)電阻的阻值：先將選擇開(kāi)關(guān)撥到合適的電阻擋位；再將紅、黑表筆短接，旋動(dòng)甲圖中的______（填“A”或“B”）旋鈕，使指針指在刻度盤(pán)最______（填“左”或“右”）端的零刻度線；后將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，刻度盤(pán)指針?biāo)傅奈恢萌鐖D乙所示，則粗測(cè)得被測(cè)電阻的阻值為_(kāi)_____。（2）為了精確測(cè)量該被測(cè)電阻的阻值，實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路。請(qǐng)根據(jù)圖丙的電路將圖丁的實(shí)物圖連接完整。（3）用圖丁連接完整的電路測(cè)電阻，將圖丁中滑動(dòng)變阻器的滑片移到阻值最大處，將開(kāi)關(guān)打向1，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使電流表和電壓表的指針偏轉(zhuǎn)均較大，記錄此時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)、。將開(kāi)關(guān)打向2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片至合適位置，記錄這時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)、，則被測(cè)電阻的阻值_____。（用題中的物理量符號(hào)表示結(jié)果）【答案】（1）B右14.0##14（2）（3）【解析】（1）[1][2]甲圖中A為機(jī)械調(diào)零旋鈕，B為歐姆調(diào)零旋鈕，歐姆調(diào)零應(yīng)調(diào)節(jié)B；歐姆表的零刻度線在刻度盤(pán)右端，故應(yīng)是指針指在最右端零刻度線；[3]歐姆表讀數(shù)為指針?biāo)缚潭扰c倍率的乘積，由甲圖可以看出倍率選“”擋，則粗測(cè)得被測(cè)電阻的阻值為。（2）電路連接如圖所示（3）由部分電路歐姆定律可得，聯(lián)立可得16.關(guān)于以下實(shí)驗(yàn)，說(shuō)法正確的是（）A.“用油膜法估測(cè)油酸分子大小”的實(shí)驗(yàn)中，滴入油酸酒精溶液后，需盡快描下油膜輪廓，測(cè)出油膜面積B.“用單擺測(cè)量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，記錄時(shí)間時(shí)應(yīng)在擺球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)C.“用插針?lè)y(cè)量玻璃磚的折射率”實(shí)驗(yàn)中，為了測(cè)量準(zhǔn)確，玻璃磚同側(cè)的兩枚針應(yīng)盡量插得近一些D.“用變壓器探究原副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，需要用到交流電壓表【答案】BD【解析】A．“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，滴入油酸酒精溶液后，需待油酸溶液全部散開(kāi)，形狀穩(wěn)定后，用一玻璃板輕輕蓋在淺盤(pán)上，然后用水筆把油酸溶液的輪廓畫(huà)在玻璃板上，測(cè)出油膜面積，故A錯(cuò)誤；B．“用單擺測(cè)量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，擺球在最低點(diǎn)處速度大，測(cè)量時(shí)間的誤差小，故應(yīng)在擺球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，故B正確；C．“用插針?lè)y(cè)量玻璃磚的折射率”實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚同側(cè)的兩枚針應(yīng)盡量插得遠(yuǎn)一些，這樣通過(guò)兩點(diǎn)確定直線畫(huà)光線的時(shí)候誤差會(huì)小一些，故C錯(cuò)誤；D．“用變壓器探究原副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，原副線圈中的電壓是交變電壓，需要用交流電壓表測(cè)量，故D正確。故選BD。17.如圖所示為某興趣小組設(shè)計(jì)的電路圖，已經(jīng)電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻，另一電阻，理想電流表示數(shù)，取。（1）求電動(dòng)機(jī)兩端電壓；（2）求輸入電動(dòng)機(jī)電功率；（3）如電動(dòng)機(jī)下懸掛的重物，求重物勻速上升時(shí)速度的大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）因電阻和電動(dòng)機(jī)兩端的電壓相同，由解得（2）由閉合電路歐姆定律解得通過(guò)電動(dòng)機(jī)電流電動(dòng)機(jī)功率（3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率解得由功率計(jì)算式解得18.某固定裝置的豎直截面如圖所示，由傾角為的直軌道，水平直軌道、半徑為的螺旋圓形軌道、水平直軌道和傾角同樣為的直軌道組成，軌道間平滑連接?，F(xiàn)有一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為的滑塊置于軌道上由靜止釋放。軌道段與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，其余軌道均光滑，且軌道、軌道足夠長(zhǎng)。已知，，，取。（1）若滑塊恰好能第一次通過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)D，求滑塊釋放點(diǎn)距點(diǎn)的距離及滑塊在圓軌道最右端時(shí)對(duì)軌道壓力的大?。唬?）若滑塊恰好能第一次返回圓軌道最左端，求滑塊釋放點(diǎn)距點(diǎn)的距離；（3）要使滑塊不脫離軌道，求滑塊釋放點(diǎn)距點(diǎn)的取值范圍?！敬鸢浮浚?）0.5m，3N（2）（3）或（n=1，2，3…）【解析】（1）滑塊恰好能第一次通過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)，由牛頓第二定律有解得從釋放點(diǎn)到點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理有解得從圓軌道最右端到點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理有解得根據(jù)牛頓第二定律有解得滑塊在軌道最右端受到的支持力根據(jù)牛頓第三定律有解得滑塊在圓軌道最右端時(shí)對(duì)軌道壓力（2）設(shè)滑塊從軌道上距點(diǎn)處開(kāi)始下滑恰好返回圓軌道最左端，根據(jù)動(dòng)能定理有，解得從釋放點(diǎn)到上最高點(diǎn)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有解得（3）若滑塊第一次通過(guò)軌道最右端時(shí)速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理有解得即當(dāng)時(shí)，滑塊不脫離軌道。由（1）、（2）可知，當(dāng)時(shí)，滑塊不脫離軌道；滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)，設(shè)向上和向下通過(guò)點(diǎn)的速度為分別為和，根據(jù)動(dòng)能定理有，，解得可知，滑塊每進(jìn)出一次軌道，滑塊動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的，即第次恰好通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)釋放的位置第次恰好返回圓軌道最左端時(shí)釋放點(diǎn)的位置可知（n=1，2，3…）時(shí)，滑塊不脫離軌道。綜上所述，當(dāng)時(shí)或（n=1，2，3…）時(shí)，滑塊不脫離軌道。19.如圖所示，兩間距為的平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，左側(cè)通過(guò)開(kāi)關(guān)與電流大小恒為的理想恒流源連接。以為原點(diǎn)建立如圖所示直角坐標(biāo)系，在至的軌道區(qū)域I內(nèi)存在垂直平面向下的磁場(chǎng)（圖中未畫(huà)出），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小沿軸正方向的變化規(guī)律為，沿軸方向磁感應(yīng)強(qiáng)度不變。在處用光滑絕緣材料連接導(dǎo)軌，在絕緣材料右側(cè)軌道放置了一質(zhì)量為的“”型金屬框，其中、邊長(zhǎng)度均為、電阻不計(jì)，邊垂直導(dǎo)軌，長(zhǎng)度為、電阻為。金屬框右側(cè)寬為的區(qū)域內(nèi)存在垂直平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。軌道最右側(cè)連接一個(gè)阻值為的定值電阻?，F(xiàn)將一質(zhì)量也為，長(zhǎng)度也為的金屬棒放置在處。閉合開(kāi)關(guān)，金屬棒受到安培力作用向右運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域后與“”型金屬框發(fā)生碰撞并粘在一起形成閉合導(dǎo)體框adeb。整個(gè)滑動(dòng)過(guò)程棒及導(dǎo)體框始終和導(dǎo)