高級中學名校試卷PAGEPAGE12024學年第二學期錢塘聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級物理學科試題考生須知：1．本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘。3．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.充電寶內(nèi)部的主要部件是鋰電池，可以給手機充電。其參數(shù)之一為20000mA·h，單位“mA·h”對應(yīng)的物理量是（）A.沖量 B.位移 C.能量 D.電荷量【答案】D【解析】根據(jù)q=It，可知單位“mA·h”對應(yīng)的物理量是電荷量。故選D。2.2025年3月15日WTT乒乓球重慶冠軍賽中國選手孫穎莎3：1戰(zhàn)勝日本選手大藤沙月，圖為比賽中的孫穎莎，下列說法正確的是（）A.研究發(fā)球技巧時可將乒乓球看成質(zhì)點B.高拋發(fā)球當乒乓球運動到最高點時球處于平衡狀態(tài)C.乒乓球運動時若所受的力全部消失，將會做勻速直線運動D.以30m/s飛向?qū)O穎莎的乒乓球被她以30m/s擊回，則乒乓球速度變化量為零【答案】C【解析】A．研究發(fā)球技巧時不可將乒乓球看成質(zhì)點，故A錯誤；B．乒乓球到達最高點時受重力和空氣阻力，未處于平衡狀態(tài)，故B錯誤；C．根據(jù)牛頓第一定律，乒乓球運動時若所受的力全部消失，將會做勻速直線運動，故C正確；D．規(guī)定擊回速度為正方向，乒乓球速度變化量為故D錯誤。故選C。3.某款手機支架如圖所示，將手機支架構(gòu)造簡化為斜面和擋板，其中斜面的傾角可根據(jù)需要調(diào)節(jié)。下列說法正確的是（）A.手機支架對手機的作用力就是手機受到的重力B.手機支架對手機的作用力方向豎直向上C.斜面對手機有支持力是因為手機發(fā)生了形變D.若斜面的傾角增大，則手機支架對手機的作用力增大【答案】B【解析】ABD．根據(jù)手機的受力平衡可知手機支架對手機的作用力與重力的大小相等，方向相反，并非手機的重力，其方向豎直向上，與斜面的傾角無關(guān)，故AD錯誤，B正確；C．斜面對手機有支持力是因為斜面發(fā)生了形變，故C錯誤；故選B。4.污水中的污泥絮體經(jīng)處理后帶負電，可利用電泳技術(shù)對其進行沉淀去污，基本原理如圖所示。涂有絕緣層的金屬圓盤和金屬棒分別接電源正、負極，金屬圓盤置于底部、金屬棒插入污水中，形成如圖所示的電場分布，其中實線為電場線，虛線為等勢面。M點和N點在同一電場線上，M點和P點在同一等勢面上。下列說法正確的有（）A.N點的電場強度比P點的大B.P點的電勢比N點的低C.污泥絮體從N點移到M點，電場力對其做正功D.污泥絮體在N點的電勢能比其在P點的大【答案】B【解析】A．電場線分布的疏密程度表示電場的強弱，根據(jù)圖示可知，N點的電場線分布比P點的稀疏一些，則N點的電場強度比P點的小，故A錯誤；B．同一等勢線上各點電勢相等，沿電場線電勢降低，根據(jù)圖示可知，P點的電勢比N點的低，故B正確；C．沿電場線電勢降低，根據(jù)圖示可知，N點電勢大于M點電勢，根據(jù)由于污泥絮體帶負電，可知，從N點移到M點，電場力對其做負功，故C錯誤；D．結(jié)合上述可知，P點的電勢比N點的低，根據(jù)由于污泥絮體帶負電，可知，污泥絮體在N點的電勢能比其在P點的小，故D錯誤。故選B。5.科技發(fā)展，造福民眾。近兩年推出的“智能防摔馬甲”是一款專門為老年人研發(fā)的科技產(chǎn)品。該裝置的原理是通過馬甲內(nèi)的傳感器和微處理器精準識別穿戴者的運動姿態(tài)，在其失衡瞬間迅速打開安全氣囊進行主動保護，能有效地避免摔倒帶來的傷害。在穿戴者著地的過程中，安全氣囊可以（）A.減小穿戴者動量的變化量 B.減小穿戴者動量的變化率C.增大穿戴者所受合力的沖量 D.減小穿戴者所受合力的沖量【答案】B【解析】依題意，根據(jù)動量定理，可得可知安全氣囊的作用是延長了人與地面的接觸時間，從而減小人所受到的合外力，即減小穿戴者動量的變化率，而穿戴者動量的變化量，也即穿戴者所受合力的沖量均未發(fā)生變化。故選B。6.如圖所示的現(xiàn)象中，下列說法正確的是（）A.甲圖，陽光照射下肥皂泡呈現(xiàn)彩色，是光的干涉現(xiàn)象B.乙圖，立體電影的原理和照相機鏡頭表面涂上增透膜的原理一樣C.疾馳而過的急救車使人感覺音調(diào)變化，是由于聲波的振幅變化引起的D.單擺中擺球運動到平衡位置時，合力為零【答案】A【解析】A．甲圖，陽光照射下肥皂泡呈現(xiàn)彩色，是光的干涉現(xiàn)象，選項A正確；B．乙圖，立體電影的原理是光的偏振，照相機鏡頭表面涂上增透膜是光的干涉，兩者的原理不一樣，選項B錯誤；C．疾馳而過的急救車使人感覺音調(diào)變化，是由于人耳接收到的聲波的頻率變化引起的，選項C錯誤；D．單擺中擺球運動到平衡位置時，加速度不為零，則合力不為零，選項D錯誤。故選A。7.圖甲是某燃氣灶點火裝置原理圖。轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示正弦交流電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為、，電壓表為交流電壓表。當變壓器副線圈兩端電壓的瞬時值大于5000V時，會在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進而點燃氣體，則（）A.n1匝數(shù)越多，打火越容易B.開關(guān)閉合時，電壓表的示數(shù)為5VC.要實現(xiàn)點火應(yīng)滿足條件D.若將鋼針替換為金屬球，打火更容易【答案】C【解析】A．根據(jù)可知在原線圈電壓不變時，n1匝數(shù)越多，副線圈電壓越小，打火越困難，故A錯誤；B．根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值為5V，所以電壓表的示數(shù)為，故B錯誤；C．根據(jù)當變壓器副線圈兩端電壓的瞬時值大于5000V時，有，故C正確；D．若將鋼針替換為金屬球，則不容易尖端放電產(chǎn)生高壓，所以打火更不容易，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，兩水平金屬板構(gòu)成的器件中，存在著勻強電場和勻強磁場，電場強度E和磁感應(yīng)強度B相互垂直。一帶正電粒子以某一水平速度v從P點射入，恰好能沿直線運動從Q點射出，不計帶電粒子的重力。下列說法正確的是（）A.粒子的速度大小滿足B.如只增加粒子電量，粒子將向上偏C.如只增加粒子速率，粒子將向上偏D.若粒子以速度v從Q點水平向左射入，能沿直線運動從P點射出【答案】C【解析】A．帶正電粒子射入該器件中恰好能沿直線運動則有解得，故A錯誤；BC．根據(jù)A項分析，洛倫茲力與電場力平衡與電量大小無關(guān)，如只增加粒子電量，粒子仍將沿直線運動，如只增加粒子速率，粒子受到向上的洛倫茲力將大于電場力，向上偏，故B錯誤，C正確；D．若粒子以速度v從Q點水平向左射入，受到的洛倫茲力和電場力都向下，故不能能沿直線運動從P點射出，故D錯誤。故選C。9.一種簡易的LC振蕩回路如圖所示，L為線圈，C為固定在真空中的平行板電容器。將單刀雙擲開關(guān)K撥至觸點a，使電容器與直流電源E接通。穩(wěn)定后，位于兩水平金屬板中間P處的帶電液滴恰能靜止。將K撥至觸點b并開始計時，當時液滴的加速度第1次等于重力加速度g，不計回路的能量損失且液滴未到達兩金屬板，下列說法正確的是（）A.液滴帶負電B.時，電容器上極板帶正電且電荷量正在增大C.時，線圈中的自感電動勢正在增大D.時，線圈L中磁場的方向向上且磁場能正在增大【答案】B【解析】A．液滴靜止時所受電場力豎直向上，而此時下極板帶正電，所以液滴帶正電，故A錯誤；B．將K撥至觸點b并開始計時，當t＝0.02s時液滴的加速度第1次等于重力加速度g，即此時電容器所帶電荷量為零，則電容器剛好完成第一次放電，由此可推知LC振蕩回路的周期為0.08s，則t＝0.03s時，電容器正在經(jīng)歷第一次充電，此時電容器上極板帶正電且電荷量正在增大，故B正確；C．t＝0.04s時，電容器剛好完成第一次充電，t＝0.05s時電容器正在放電，回路電流正在增加，但電流的變化率正在減小，根據(jù)線圈中的自感電動勢正在減小，故C錯誤；D．t＝0.07s時，電容器正在經(jīng)歷第二次充電，磁場能轉(zhuǎn)化為電場能，磁場能正在減小，此時電容器下極板帶正電，線圈L的電流方向從上至下，根據(jù)安培定則可知磁場方向向下，故D錯誤。故選B。10.某中學的一個研究小組在探究材料和折射率的關(guān)系，一綠色點光源緊貼在一個半徑為R的半圓形透明介質(zhì)直徑上的E點，射到D點的光線恰好不能從圓弧面射出，此時，已知，不考慮光在介質(zhì)內(nèi)的二次反射，則（）A.沿EB方向的光線可以從半球面射出B.能從圓弧邊界有光線射出的長度為C.為使圓弧面均有光射出，OE長度至少為D.若發(fā)光裝置改為紅色，則圓弧邊界有光線射出的長變短【答案】B【解析】A．射到D點的光線恰好不能從圓弧面射出，此時為臨界角，由數(shù)學知識，得臨界角沿EB方向的光線，沿EB方向的光線發(fā)生全反射，不會射出，故A錯誤；B．左邊射到D點的光線恰好不能從圓弧面射出，設(shè)右邊射到F點的光線恰好不能從圓弧面射出。由數(shù)學知識，，，能從圓弧邊界有光線射出的長度為，故B正確；C．為使圓弧面均有光射出，OE長度至少為0，故C錯誤；D．若改用紅光光源，紅光頻率低，該材料對紅光的折射率小，則臨界角較大，結(jié)合圖象可知。有光射出的邊界總長度將變長，故D錯誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.下列與電磁感應(yīng)有關(guān)的現(xiàn)象中說法正確的是（）甲乙丙丁A.甲圖中，當蹄形磁體順時針轉(zhuǎn)動（從上往下看）時，鋁框?qū)⒀仨槙r針方向轉(zhuǎn)動B.乙圖中，真空冶煉爐的爐外線圈通入高頻交流電時，爐體會產(chǎn)生大量熱量使爐內(nèi)金屬熔化，從而冶煉金屬C.丙圖中磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，起到電磁驅(qū)動的作用D.圖丁中，若在磁體下端放一個閉合線圈，使磁體上下振動時穿過它，磁體會很快停下來【答案】AD【解析】A．甲圖中，根據(jù)電磁驅(qū)動原理，當蹄形磁體順時針轉(zhuǎn)動（從上往下看）時，鋁框也將與磁體同向轉(zhuǎn)動，即也將沿順時針方向轉(zhuǎn)動，選項A正確；B．乙圖中，真空冶煉爐的爐外線圈通入高頻交流電時，由于電磁感應(yīng)會在金屬內(nèi)部會產(chǎn)生很大的渦流使金屬產(chǎn)生大量熱量使爐內(nèi)金屬熔化，從而冶煉金屬，選項B錯誤；C．丙圖中磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，起到電磁阻尼的作用，使表針很快停下來，選項C錯誤；D．圖丁中，若在磁體下端放一個閉合線圈，使磁體上下振動時穿過它，則穿過線圈的磁通量會發(fā)生變化從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，消耗磁體的機械能使磁體會很快停下來，選項D正確。故選AD。12.2023年9月23日杭州亞運會的開幕式驚艷全世界，其中大蓮花“復現(xiàn)錢塘江”，地屏上交叉潮、一線潮、回頭潮、魚鱗潮……如圖，用兩個繩波來模擬潮水相遇，一水平長繩上系著一個彈簧和小球組成的振動系統(tǒng)，振動的固有頻率為2Hz，現(xiàn)在長繩兩端分別有一振源P、Q同時開始以相同振幅上下振動了一段時間，某時刻兩個振源在長繩上形成波形如圖所示，兩列波先后間隔一段時間經(jīng)過彈簧振子所在位置，觀察到小球先后出現(xiàn)了兩次振動，小球第一次振動時起振方向向上，且振動并不顯著，而小球第二次的振幅明顯較大，則（）A.由Q振源產(chǎn)生的波先到達彈簧振子處B.兩列繩波可在繩上形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.由Q振源產(chǎn)生的波的波速較接近4m/sD.錢江潮潮水交叉分開后，其振動周期發(fā)生改變【答案】C【解析】A．由P、Q激發(fā)的機械波的波形圖及傳播方向可知，P波源產(chǎn)生的波起振方向向上，Q波源產(chǎn)生的波起振方向向下，所以先到達彈簧振子處的是由P波源產(chǎn)生的波，故A錯誤；B．同種介質(zhì)中的波速是相等的，圖中兩列波的波長不同，由可知兩列波頻率不同，所以不會形成干涉，故B錯誤；C．波源Q激發(fā)的機械波使小球產(chǎn)生了較強的振動，即共振，說明Q的振動頻率接近2Hz，即周期接近0.5s，所以波速接近于故C正確；D．機械波的疊加其實就是運動的合成，各個分運動是獨立的、互不影響的，所以錢江潮潮水交叉分開后，其振動周期不變，故D錯誤。故選C。13.某無線充電接收器構(gòu)造如圖甲，為方便計算，簡化模型如圖乙所示。其中線圈的外圈半徑為2.4cm，內(nèi)圈半徑為0.8cm，兩端與整流電路相連，電阻不計。在垂直于線圈平面施加如圖丙所示隨時間變化的勻強磁場，設(shè)磁場垂直于紙面向外為正，則（）甲乙丙A.時，內(nèi)圈抽頭的電勢比外圈抽頭的電勢高B.外圈感應(yīng)電動勢約為內(nèi)圈的9倍C.內(nèi)圈的感應(yīng)電動勢約為0.04VD.整流電路的輸入電壓約為0.36V【答案】BC【解析】A．時，穿過線圈磁場由向里變?yōu)橄蛲?，根?jù)楞次定律，應(yīng)產(chǎn)生順時針的感應(yīng)電流，所以內(nèi)圈抽頭的電勢比外圈抽頭的電勢低，故A錯誤；B．根據(jù)可知感應(yīng)電動勢與面積成正比，外圈半徑是內(nèi)圈半徑的3倍，所以外圈感應(yīng)電動勢約為內(nèi)圈的9倍，故B正確；C．內(nèi)圈的感應(yīng)電動勢約為故C正確；D．外圈的感應(yīng)電動勢約為整流電路的輸入電壓約為故D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某學習小組用如圖甲所示的裝置來驗證碰撞中的動量守恒。先使入射小球從斜槽上固定位置S點由靜止釋放，在水平地面的記錄紙上留下落點痕跡，重復10次，得到10個落點。再把被撞小球放在水平槽上的末端，讓入射小球仍從位置S由靜止釋放，與被撞小球碰撞，碰后兩球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復10次。（1）假設(shè)實驗室中有三個小球：A球（直徑，質(zhì)量，鐵質(zhì)）、B球（直徑，質(zhì)量，鋁質(zhì)）、C球（直徑，質(zhì)量，鋁質(zhì)），則入射小球應(yīng)該選取球________（填“A”、“B”或“C”）。（2）多次實驗，小球釋放后落在復寫紙上會在白紙上留下多個印跡。如果用畫圓法確定小球的落點，有如圖乙所示的三個圓最合理的是圓________（填“A”、“B”或“C”）。（3）上述實驗時，將米尺的零刻線與O點對齊，測量出O點到三處平均落地點的距離分別為OM、OP、ON，要驗證的關(guān)系式為________________；（用、、、OM、OP、ON表示）?！敬鸢浮浚?）A（2）C（3）【解析】（1）為防止入射球碰后反彈，則入射球的質(zhì)量要大于被碰球，同時為了保證兩球發(fā)生正碰，則兩球半徑必須相等，則入射球選A；（2）為了確定小球的落地點，是將小球的多個落地點用盡量小的圓圈起來，圓心即為平均落地點位置，則如圖乙所示的三個圓最合理的是圓C。（3）要驗證的關(guān)系為小球做平拋運動時間相等，則表達式可為即15.。某實驗小組用如圖所示的裝置做“用單擺測量重力加速度”的實驗（1）先用游標卡尺測量擺球的直徑，如圖甲所示，操作正確的是________，再用刻度尺測量擺線的長度，如圖乙所示，安裝擺線時應(yīng)選擇________。（2）如果該同學測得的重力加速度的值偏大，可能的原因是________。A.測擺線長時擺線拉得過緊B.開始計時時，秒表按下稍晚C.實驗中將51次全振動誤記為50次D.擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了【答案】（1）BC（2）AB【解析】（1）[1]游標卡尺測量擺球的直徑，應(yīng)將小球放在外徑測量爪內(nèi)刀口處，不能太靠里面，故A操作錯誤，B正確。[2]圖乙A的懸點會隨擺動發(fā)生變化，安裝錯誤，圖乙的B懸點位置和擺長都變化，安裝錯誤，圖乙中C用鐵夾夾緊擺線的做法是正確的，可使懸點擺長不變且容易調(diào)節(jié)擺線的長度，故安裝擺線應(yīng)選擇C。（2）[1]根據(jù)單擺周期公式知A．測擺線長時擺線拉得過緊會造成L測量偏大，會使g測量值偏大，故A正確；B．開始計時時，秒表按下稍晚會造成T測量值偏小，會使g測量值偏大，故B正確；C．根據(jù)，n為全振動次數(shù)，實驗中將51次全振動誤記為50次，會造成T測量值偏大，會使g測量值偏小，故C錯誤；D．擺動過程擺線長度增加了會造成T測量值偏大，而擺長仍為擺前測量的長度，故計算出的重力加速度的值偏小，故D錯誤。測得的重力加速度的值偏大，可能的原因是AB。16.在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中，雙縫間距，雙縫到光屏間的距離，用某種單色光照射雙縫得到干涉條紋如圖甲所示，分劃板在圖中A、B位置時游標卡尺讀數(shù)也由圖中所給出，則：（1）觀察到較模糊的干涉條紋，要使條紋變得清晰，值得嘗試的是________。A.旋轉(zhuǎn)測量頭B.調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行C.增大單縫與雙縫間的距離（2）分劃板在A、B位置游標卡尺讀數(shù)，________mm，，該單色光的波長________nm。（3）若某同學通過目鏡，看到如圖乙所示的情形。由于條紋清晰，他沒有再進一步進行調(diào)節(jié)，而是直接進行測量，并根據(jù)公式算出波長，則測量得到的波長和準確值相比是________（選填“偏大”或“偏小”還是“不變”）【答案】（1）B（2）11.1600（3）偏大【解析】（1）條紋模糊不清，可能是單縫與雙縫平行造成的，則要使條紋變得清晰，值得嘗試的是調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行，故選B；（2）[1]分劃板在A、B位置游標卡尺讀數(shù)，11mm+0.1mm×1=11.1mm[2]條紋間距，根據(jù)該單色光的波長（3）由圖乙計算得到的條紋間距偏大，根據(jù)可知測量得到的波長和準確值相比是偏大。17.如圖甲是物流用機器人運送、投遞包裹的場景。簡化圖如乙所示，工作人員在供包臺將包裹放在機器人的水平托盤上，包裹將自動送至方形分揀口，停止運動后緩慢翻起托盤，讓包裹滑入投遞口。其啟動和制動過程可視為勻變速直線運動，抵達分揀口時，速度恰好減為零，翻轉(zhuǎn)托盤傾角緩慢增大，直至包裹下滑，包裹與托盤接觸面動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力，重力加速度g大小取10m/s2?，F(xiàn)把質(zhì)量的包裹從供包臺沿直線運至相距的分揀口處，在運行過程中包裹與水平托盤保持相對靜止。運行最大速度，機器人運送包裹途中，看作質(zhì)點。求：（1）在機器人到達投遞口處，要使包裹能夠下滑，托盤的最小傾角應(yīng)該是多少；（2）機器人制動時的最大加速度，及此時托盤對包裹的作用力F的大??；（3）求機器人從供包臺運行至分揀口所需的最短時間t?！敬鸢浮浚?）（2）；（3）【解析】（1）托盤傾斜包裹剛要下滑時滿足解得（2）機器人制動時由靜摩擦力提供加速度，當靜摩擦力達到最大時，包裹的加速度最大解得此時托盤給包裹提供2個力，所以解得（3）勻加速直線運動的最短時間勻加速直線運動位移解得勻加速直線運動與勻減速直線運動時間、位移相等，所以勻速直線運動的位移解得所以勻速直線運動時間解得18.如圖為研究能量間轉(zhuǎn)化設(shè)計的裝置。一處于壓縮鎖定狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧置于光滑水平臺面上，儲存的彈性勢能大小為1J，彈簧左側(cè)與墻壁相連，右側(cè)與質(zhì)量的小物塊接觸但不固連。某時刻解除彈簧鎖定，彈簧恢復原長將小物塊彈開，讓其從平臺最右端A點離開后恰好能無碰撞地落在右下方的光滑斜面的頂端B點，斜面長度傾角，小物塊沿斜面運動到底端C點后滑上長的傳送帶，傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動的速度為8m/s，不考慮從斜面滑到傳送帶上的能量損失。從傳送帶右端離開后小物塊滑行一段水平軌道DE后又沖上一半徑的光滑圓形軌道內(nèi)側(cè)，其中豎直圓軌道在E處錯開不閉合。已知小物塊與傳送帶及DE段軌道間的動摩擦因數(shù)均為0.5，，，，不計空氣阻力，求：（1）小物塊做平拋運動到B點時速度大小、AB間的高度差h；（2）若小物塊恰好能到達半圓形軌道的最高點，則DE段的距離s為多少；（3）若保證DE間的距離為第（2）問所求結(jié)果不變，且將最右側(cè)半圓形軌道半徑調(diào)整為1.25m，則當傳送帶順時針轉(zhuǎn)動的速度大小可變時，試討論小物塊最終停止時距離傳送帶右端D點的距離l與傳送帶運行的速度v之間的關(guān)系?！敬鸢浮浚?），（2）（3）①，；②，；③，；④，；⑤，【解析】（1）小物塊離開彈簧過程，由能量守恒定律得小物塊離開彈簧后剛滑到點的速度小物塊離開A點后做平拋運動，恰好能無碰撞地落在右下方的光滑斜面的頂端點，即在B點的速度方向沿斜面，則解得又，解得（2）小物塊由運動到，由動能定理解得小物塊在傳送帶上運動到點時，有解得小物塊運動到點時，有小物塊恰好能到達半圓形軌道的最高點，設(shè)最高點速度為，有由動能定理可得解得（3）①將最右側(cè)半圓形軌道半徑調(diào)整為，小物塊無法到達最高點，當傳送帶速度，小物塊在傳送帶上全程加速，到達點的速度始終為，由動能定理得理可得解得，小物塊最高恰好上到圓心等高處，然后原路返回，再滑上傳送帶上不損失能量，根據(jù)能量守恒解得解得②小物塊在傳送帶上全程減速，有解得當傳送帶速度小物塊到達點的速度為，由動能定理可得解得③當傳送帶速度小物塊到達點的速度為傳送帶速度，由動能定理可得19.如圖所示，間距均為的光滑水平金屬導軌和光滑傾斜絕緣導軌，它們之間用絕緣的轉(zhuǎn)向裝置平滑連接，水平導軌間存在垂直于導軌平面向下、大小為的勻強磁場（圖中未畫出），其左側(cè)與匝數(shù)為100匝、截面積、電阻為的圓形線圈相連，線圈內(nèi)有方向垂直于線圈平面向上的大小隨時間均勻變化的勻強磁場B；在傾斜導軌的上端放置“”型金屬框QMNP（每條邊長度均為L＝10cm，質(zhì)量均為m＝0.04kg，電阻均為）開始時被鎖定。閉合開關(guān)S后，在安培力的作用下，金屬棒EF（長度L＝10cm，質(zhì)量m＝0.04kg、電阻）從靜止開始向右做加速運動，到達水平導軌末端時恰好勻速并以速度大小v＝2.5m/s通過轉(zhuǎn)向裝置，方向由水平變?yōu)檠貙к壪蛳?。棒轉(zhuǎn)向后立即與解除鎖定的“”型金屬框發(fā)生碰撞并粘在一起組成正方形金屬框EFMN，經(jīng)過時間0.675s金屬框的MN邊恰好勻速進入一長度為d＝10cm，方向垂直傾斜導軌向上，大小的勻強磁場區(qū)域。（不計其它一切電阻和阻力，不考慮金屬棒和金屬框中電流產(chǎn)生的磁場，重力加速度為g＝10m/s2）（1）試判定磁場B增加還是減小并求出變化率k；（2）求金屬棒EF水平向右運動的過程中加速度的最大值；（3）求傾斜導軌