高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第二學(xué)期浙江省9+1高中聯(lián)盟高二年級(jí)期中考試物理考生須知：1.本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并核對(duì)條形碼信息；3.所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效，考試結(jié)束后，只需上交答題卷；4.參加聯(lián)批學(xué)校的學(xué)生可關(guān)注“啟望教育”公眾號(hào)查詢個(gè)人成績(jī)分析；5.可能用到的相關(guān)參數(shù)：除特別說明外，重力加速度g取，，。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.某新型電池標(biāo)注“3000mAh”，該參數(shù)對(duì)應(yīng)的物理量是（）A.電荷量 B.電流 C.電壓 D.能量【答案】A【解析】根據(jù)電流定義式可得可知單位“mAh”所對(duì)應(yīng)的物理量是電荷量。故選A。2.在（V）的交流電路中，接入的電阻，下列說法中正確的是（）A.交流電頻率是100HzB.電流有效值是2.2AC.電阻的功率是968WD.電流方向每秒改變50次【答案】B【解析】AD．由表達(dá)式可知交流電頻率是Hz周期為s電流方向一個(gè)周期改變兩次，則電流方向每秒改變100次，故AD錯(cuò)誤；B．電壓的有效值為V電流的有效值為A故B正確；C．根據(jù)電功率公式有W故C錯(cuò)誤。故選B。3.起重機(jī)正沿豎直方向減速向上提升貨物，下列說法正確的是（）A.貨物可能處于平衡狀態(tài)B.起重機(jī)對(duì)貨物做負(fù)功C.貨物的機(jī)械能增大D.起重機(jī)施加給貨物的力小于貨物施加給起重機(jī)的力【答案】C【解析】A．起重機(jī)正沿豎直方向減速向上提升貨物，則貨物的加速度向下，貨物處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；BC．起重機(jī)對(duì)貨物的拉力做正功，則貨物的機(jī)械能增大，故B錯(cuò)誤，C正確；D．起重機(jī)施加給貨物的力和貨物施加給起重機(jī)的力是相互作用力，大小相等，故D錯(cuò)誤；故選C。4.如圖是等量同種正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線圖，O是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，也是線段AB的中點(diǎn)，把一個(gè)電子沿直線從A移到B，下列說法正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同B.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)不同C.電子在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在O點(diǎn)小D.電子在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等【答案】D【解析】A．電場(chǎng)是矢量，由圖可知A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)對(duì)稱性可知，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相同，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電場(chǎng)的矢量疊加可知，，根據(jù)可知，電子在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在O點(diǎn)大，故C錯(cuò)誤；D．A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相同，根據(jù)可知，電子在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等，故D正確；故選D。5.乒乓球以初速度從地面豎直向上彈起，上升的最大高度h=1.5m。乒乓球上升、下落時(shí)受到的空氣阻力大小相等，以下說法正確的是（）A.上升階段時(shí)間比下降階段長(zhǎng)B.下落時(shí)的加速度大小為C.上升階段的平均速度比下降階段小D.乒乓球落地前瞬間速度大小為m/s【答案】D【解析】AC．設(shè)物體質(zhì)量的為m，空氣阻力大小為f，上升和下降的加速度大小分別為、，根據(jù)牛頓第二定律可得，上升過程有下降過程有可見>根據(jù)可知，上升階段時(shí)間比下降階段短，根據(jù)可知，上升階段的平均速度比下降階段大，故AC錯(cuò)誤；B．根據(jù)速度—位移公式有解得結(jié)合上述分析可知故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)速度—位移公式有解得故D正確；故選D。6.如圖所示，發(fā)射某衛(wèi)星時(shí)，衛(wèi)星先在近地軌道（軌道1）做圓周運(yùn)動(dòng)，周期為T，在P處點(diǎn)火變軌后沿軌道2運(yùn)動(dòng)，Q為軌道2的遠(yuǎn)地點(diǎn)，軌道1的半徑可認(rèn)為等于地球半徑R，軌道2的半長(zhǎng)軸為3R。地表重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度小于在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度B.衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)加速度大于gC.在Q處加速度大小為D.衛(wèi)星從P到Q最短時(shí)間為【答案】C【解析】A．衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)變軌到軌道1時(shí)需減速，則衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度大于在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力與重力關(guān)系有衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)加速度為由于，則衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)加速度小于g，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力有結(jié)合解得故C正確；D．根據(jù)開普勒第三定律有解得則衛(wèi)星從P到Q最短時(shí)間為故D錯(cuò)誤；故選C。7.無風(fēng)時(shí)，雨滴豎直下落，空氣阻力滿足，其中k為常量，r為雨滴半徑（雨滴看作球形），v為雨滴速度大小，設(shè)不同大小的雨滴穩(wěn)定豎直下落的速度為，下列關(guān)于與r、m的關(guān)系式正確的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】當(dāng)雨滴速度最大時(shí)，重力和阻力平衡，則解得則8.如圖所示，光滑絕緣半圓槽固定在豎直平面內(nèi)，兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A和B帶有同種電荷，分別靜止在槽的左右兩側(cè)，所在半徑與豎直方向的夾角分別為和。由于緩慢漏電，兩球的電荷量逐漸減少，導(dǎo)致兩球位置逐漸降低。下列說法正確的是（）A.在初始狀態(tài)，B.在初始狀態(tài)，兩球間庫(kù)侖力大小為C.漏電過程，A球受到槽的支持力一直減小D.漏電過程，兩球間庫(kù)侖力先增大后減小【答案】C【解析】A．兩球受到靜電引力大小相等，重力相等，則在初始狀態(tài)，，故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可知，在初始狀態(tài)，有解得兩球間庫(kù)侖力大小為漏電過程，減小，則兩球間的庫(kù)侖力減小，故BD錯(cuò)誤；C．根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可知漏電過程，減小，則A球受到槽的支持力一直減小，故C正確；9.兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于和處，兩列波的速率均為，兩波源的振幅均為。如圖所示為時(shí)刻兩列波的圖像（傳播方向如圖所示）。此刻平衡位置處于和的兩質(zhì)點(diǎn)M、N剛開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P、Q的平衡位置分別處于和處。關(guān)于各質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)情況，下列判斷正確的是（）A.兩列波的波長(zhǎng)都是2m，振動(dòng)頻率均為1HzB.質(zhì)點(diǎn)Q第1次從波峰運(yùn)動(dòng)到波谷經(jīng)過的路程是6mmC.經(jīng)二分之一周期質(zhì)點(diǎn)P開始振動(dòng)，振幅是4mmD.經(jīng)四分之三周期M、P、Q、N質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置【答案】B【解析】A．由圖可知，兩列波的波長(zhǎng)都是，則振動(dòng)周期均為振動(dòng)頻率均為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，經(jīng)過四分之三周期左側(cè)波傳播到點(diǎn)，此過程右側(cè)波帶動(dòng)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)了半個(gè)周期，恰好回到平衡位置向下振動(dòng)，則點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，從平衡位置到波谷振動(dòng)的路程為，則質(zhì)點(diǎn)Q第1次從波峰運(yùn)動(dòng)到波谷經(jīng)過的路程是故B正確；C．根據(jù)題意，經(jīng)二分之一周期波形圖如圖所示由圖可知，質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)，且為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則振幅為0，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意，經(jīng)過四分之三周期，波形圖如圖所示由圖可知，P、Q、質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置，質(zhì)點(diǎn)處于波峰，質(zhì)點(diǎn)處于波谷，故D錯(cuò)誤。10.如圖所示是某測(cè)液體折射率裝置的豎直截面圖，一個(gè)水平放置的圓柱形罐體內(nèi)裝了一半的透明液體，液體上方是空氣。光束由激光器發(fā)出時(shí)始終指向圓心O點(diǎn)，當(dāng)激光器從罐體底部P點(diǎn)沿著罐體的內(nèi)壁勻速率向Q點(diǎn)移動(dòng)，折射光線射到內(nèi)壁上的光斑隨之移動(dòng)，某時(shí)刻激光器發(fā)出的光與OP連線的夾角為，折射光線與液面的夾角為，下列說法正確的是（）A.光斑沿順時(shí)針方向移動(dòng)，且速率比激光器的大B.光斑沿順時(shí)針方向移動(dòng)，且光的強(qiáng)度越來越強(qiáng)C.測(cè)得的液體的折射率可表示為D.若實(shí)際液面略低于圓心測(cè)得的折射率偏小【答案】A【解析】AC．液體的折射率可表示為，作出光路可知光斑沿順時(shí)針方向移動(dòng)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得勻速增大時(shí)，增加的更快，光斑速率比激光器的大，故A正確C錯(cuò)誤；B．入射角的增大到某一臨界值發(fā)生全反射，在發(fā)生全反射之前隨著入射角的增大，反射光強(qiáng)度增加折射光強(qiáng)度減小，故B錯(cuò)誤；D．若實(shí)際液面略低于圓心時(shí)不影響入射角和折射角的測(cè)量，故D錯(cuò)誤。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.下列說法正確的是（）A.甲圖中，柔軟的彈簧懸掛后下端剛好跟槽中的水銀接觸，通電后會(huì)上下振動(dòng)B.乙圖是調(diào)諧器，它的作用是把信號(hào)加載到高頻電磁波上并有效地發(fā)射出去C.丙圖中，閉合開關(guān)待穩(wěn)定，當(dāng)斷開開關(guān)瞬間，線圈中電流向右，燈泡中電流向左D.丁圖中，當(dāng)磁體靠近干簧管時(shí)，干簧管的作用是把電信號(hào)轉(zhuǎn)化為磁信號(hào)【答案】AC【解析】A．丁圖中一根柔軟的彈簧懸掛起來，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸，通電后，彈簧中通過同向電流相互吸引，彈簧長(zhǎng)度縮短，下端離開水銀面，電路斷開，電流消失，引力消失，在彈簧重力的作用下彈簧伸長(zhǎng)，下端又與水銀接觸，又縮短，彈簧就會(huì)上下振動(dòng)，A正確；B．乙圖是調(diào)諧電路，利用電諧振的原理接收特定頻率的電磁波，故B錯(cuò)誤；C．閉合電鍵穩(wěn)定后，流過線圈L的電流大于流過燈泡A的電流，兩個(gè)電流都向右。斷開開關(guān)的瞬間，由于線圈的自感作用，這一瞬間流過線圈L的電流大小和方向都不變，線圈L與燈泡A形成閉合回路，流過燈泡A的電流突然改為向左，故C正確；D．干簧管中的鐵磁性物質(zhì)在磁場(chǎng)中被磁化為異名磁極，相互吸引而接通，因此干簧管就是一個(gè)由磁場(chǎng)控制的開關(guān)，將磁場(chǎng)信息轉(zhuǎn)化為電信息，故D錯(cuò)誤。12.從5m高處水平拋出一小球，要落入水平地面上與拋出點(diǎn)水平距離為6m處的小坑，已知小球落到水平地面反彈后水平分速度保持不變，豎直分速度減半，不計(jì)空氣阻力，若能落入小坑中，下列說法正確的是（）A.落入小坑前，小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能為4sB.落入小坑前，小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能為2sC.小球的初速度可能為4m/sD.小球的初速度可能為2.4m/s【答案】BD【解析】小球從5m高處水平拋出一小球，有解得s此時(shí)速度為小球落到水平地面反彈后水平分速度保持不變，豎直分速度減半，則第二次落到地面的時(shí)間為s+2s=2s初速度為第三次落地的時(shí)間為2s+s=2.5s初速度為根據(jù)數(shù)學(xué)方法可知小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最大為故選BD。13.動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的結(jié)構(gòu)如圖所示。線圈圓筒安放在永磁體磁極間的空隙中，能夠在空隙中左右運(yùn)動(dòng)。音頻電流通進(jìn)線圈，安培力使線圈左右運(yùn)動(dòng)。紙盆與線圈連接，隨著線圈振動(dòng)而發(fā)聲。如果我們對(duì)著紙盆說話，揚(yáng)聲器也能把聲音變成相應(yīng)的電流。某時(shí)刻線圈中有圖示方向的電流，下列說法正確的是永久磁體錐形紙盆（）A.揚(yáng)聲器的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象B.若作揚(yáng)聲器用，工作過程把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能C.若作話筒用，圖示狀態(tài)線圈正向左運(yùn)動(dòng)D.無論用作揚(yáng)聲器還是話筒，圖示狀態(tài)線圈受向右的安培力作用【答案】CD【解析】AB．揚(yáng)聲器是線圈中變化的電流在磁場(chǎng)作用下，帶動(dòng)紙盆隨著線圈振動(dòng)而發(fā)聲，工作原理是將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故AB錯(cuò)誤；C．若作話筒用，根據(jù)右手定則知線圈正向左運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．根據(jù)左手定則可知，無論用作揚(yáng)聲器還是話筒，圖示狀態(tài)線圈受向右的安培力作用，故D正確；故選CD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)組裝了如圖所示裝置。（1）在補(bǔ)償阻力時(shí)，下列操作中合理的是_________A.應(yīng)用適當(dāng)?shù)闹匚餇恳≤嘊.小車應(yīng)拖有紙帶且紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔C.應(yīng)該把長(zhǎng)木板帶有滑輪的一端適當(dāng)抬高（2）小車的質(zhì)量為223.4g，應(yīng)在圖中選擇_________（填“A”、”B”或“C”）作為牽引小車的懸掛物。A. B. C.（3）如圖為實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，則其對(duì)應(yīng)的加速度_________（保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）B（2）B（3）0.28【解析】（1）在補(bǔ)償阻力時(shí)，應(yīng)該抬高長(zhǎng)木板不帶有滑輪的一端，不能用重物牽引小車，同時(shí)小車應(yīng)拖有紙帶且紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔。（2）實(shí)驗(yàn)中應(yīng)保證懸掛物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故應(yīng)選用質(zhì)量最小的槽碼。故選B。（3）相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間為0.1s根據(jù)逐差法可知加速度15.在“測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中：（1）用多用電表進(jìn)行粗測(cè)，下列操作合理的是_________A.用歐姆擋（×1k）測(cè)量水果電池的內(nèi)阻B.用歐姆擋（×1）測(cè)量一節(jié)干電池的內(nèi)阻C.用交流電壓擋（2.5V）測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)D.用直流電壓擋（2.5V）測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行電路連線，圖1中導(dǎo)線P、Q還未完成連接，四個(gè)接線柱a、b、c、d中，P應(yīng)連接_________，Q應(yīng)連接_________。（3）用計(jì)算機(jī)把實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合成U-I圖線（如圖2所示），得到的方程為，可求電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，其中電源的電動(dòng)勢(shì)_________V。（4）實(shí)驗(yàn)后發(fā)現(xiàn)，電壓表沒接入電路時(shí)指針位置如圖3所示，對(duì)應(yīng)3V量程的讀數(shù)是_________V，它對(duì)本次測(cè)量的影響是_________。A.電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值偏大 B.電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值偏小C.內(nèi)阻的測(cè)量值偏大 D.內(nèi)阻的測(cè)量值偏小【答案】（1）D（2）bd（3）2.9（4）0.10A【解析】（1）AB．用多用電表測(cè)電阻，待測(cè)電阻要與其它電路斷開，待測(cè)電路不能含有電源，所以不能測(cè)量?jī)?nèi)阻，故AB錯(cuò)誤；CD．用直流電壓擋（2.5V）測(cè)量水果電池和一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D。（2）[1][2]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行電路連線，電流表內(nèi)阻未知，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果影響較大，則P應(yīng)連接b，Q應(yīng)連接d。（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律有U=E-Ir結(jié)合圖像可知V（4）[1]對(duì)應(yīng)3V量程的讀數(shù)是0.10V[2]由于未校零，讀數(shù)偏大，導(dǎo)致電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值偏大，圖像的斜率不變，則內(nèi)阻不變。故選A。16.（1）關(guān)于如圖所示的實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是_________A.甲圖，“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)，為減小誤差斜槽越光滑越好B.乙圖，“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)，應(yīng)確定電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系C.丙圖，“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，應(yīng)選用直流電壓表測(cè)量電壓D.丁圖，“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)，測(cè)量時(shí)應(yīng)使分劃板中心刻線與亮條紋中心對(duì)齊（2）在“用單擺測(cè)量重力加速度”實(shí)驗(yàn)中：①下列說法正確的是_________A.當(dāng)單擺經(jīng)過平衡位置開始計(jì)時(shí)，再次同方向經(jīng)過平衡位置結(jié)束計(jì)時(shí)，測(cè)出周期B.為了持久擺動(dòng)并使現(xiàn)象明顯，應(yīng)該把擺球拉離平衡位置較大距離由靜止釋放C.若單擺擺動(dòng)不在同一豎直面內(nèi)，仍能用單擺周期公式準(zhǔn)確測(cè)出重力加速度D.測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)應(yīng)讓單擺豎直懸掛，測(cè)量自然下垂時(shí)懸點(diǎn)到球心的距離②某次測(cè)量時(shí)秒表指針位置如圖所示，所測(cè)時(shí)間為_________s。③處理數(shù)據(jù)時(shí)，某同學(xué)錯(cuò)誤的把擺線長(zhǎng)當(dāng)成了擺長(zhǎng)，他用兩種方法得到了重力加速度值，甲方法：根據(jù)公式計(jì)算；乙方法：畫出圖像后求圖線斜率k，根據(jù)計(jì)算。關(guān)于兩種方法得到的重力加速度值，下列說法正確的是_________A.甲方法得到的g值偏大B.甲方法得到g值偏小C.乙方法得到的g值偏大D.乙方法得到的g值偏小【答案】（1）BD（2）D19.8B【解析】（1）A．甲圖，“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)，斜槽光滑與否對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果無影響，故A錯(cuò)誤；B．乙圖，“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，需要知道電流流入電表與流出電表時(shí)與電表指針的偏轉(zhuǎn)的對(duì)應(yīng)關(guān)系，否則無法尋找影響感應(yīng)電流方向的因素，故B正確。C．變壓器是根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律制造的，因此“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，使用交流電做實(shí)驗(yàn)，應(yīng)選用交流電壓表測(cè)量電壓，故C錯(cuò)誤；D．丁圖，測(cè)量某條干涉亮紋位置時(shí)，應(yīng)使測(cè)微目鏡分劃板中心刻線與該亮紋的中心對(duì)齊，故D正確；故選BD。（2）①[1]A．測(cè)量周期：從擺球通過平衡位置開始計(jì)時(shí)，擺球振動(dòng)多次后，當(dāng)某次相同方向通過平衡位置時(shí)結(jié)束計(jì)時(shí)，秒表所示讀數(shù)與全振動(dòng)次數(shù)的比值表示單擺的周期，故A錯(cuò)誤；B．為了使單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，擺角應(yīng)小于5°，故B錯(cuò)誤；C．若單擺擺動(dòng)不在同一豎直面內(nèi)，擺球做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知解得故C錯(cuò)誤；D．測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)應(yīng)讓單擺豎直懸掛，測(cè)量自然下垂時(shí)懸點(diǎn)到球心的距離，故D正確；故選D。②[2]根據(jù)秒表讀數(shù)可知時(shí)間為19.8s擺長(zhǎng)等于擺線長(zhǎng)與小球半徑之和，則變形可得可知根據(jù)計(jì)算的重力加速度準(zhǔn)確。故選B。17.真空中，有一個(gè)平行板電容器，電容，兩極板間的距離，兩板間的電壓U=9V。一個(gè)電子由靜止開始從負(fù)極板附近向正極板運(yùn)動(dòng)。已知電子電量，電子質(zhì)量，不計(jì)電子重力，求：（1）電容器的帶電量Q；（2）電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；（3）電子運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小a；（4）電子到達(dá)正極板時(shí)的動(dòng)能?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】（1）由電容定義式解得（2）根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系有（3）根據(jù)牛頓第二定律有（4）根據(jù)動(dòng)能定理有18.圖示為某游戲項(xiàng)目模型，由彈性發(fā)射裝置P、傾角，長(zhǎng)的固定斜面AB、長(zhǎng)度的長(zhǎng)滑板和表面為四分之一光滑圓弧的弧形滑塊等四部分平滑連接而成。圓弧CD的半徑，最低點(diǎn)C切線水平。一彈丸（視為質(zhì)點(diǎn)）從P處水平彈出，恰好以的速度無碰撞的由斜面頂點(diǎn)A點(diǎn)進(jìn)入斜面，不考慮其運(yùn)動(dòng)時(shí)通過各連接點(diǎn)間的動(dòng)能損失。彈丸與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與長(zhǎng)滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，土地面光滑，長(zhǎng)滑板和弧形滑塊開始時(shí)均跟地面鎖定，弧形滑塊和彈丸質(zhì)量相等。（1）求彈丸在AB段的滑行時(shí)間t和滑到B時(shí)的速度大小；（2）彈丸剛滑上弧形滑塊時(shí)的向心加速度大小a；（3）解除長(zhǎng)滑板和弧形滑塊跟地面的鎖定，調(diào)整彈性發(fā)射裝置P位置，仍使彈丸恰好無碰撞的由斜面頂點(diǎn)A進(jìn)入斜面：①?gòu)椡鑿棾鰰r(shí)的位置離A的高度h和水平距離L需滿足什么關(guān)系？②若彈丸在弧形滑塊上恰能到D點(diǎn)，此時(shí)弧形滑塊速度v=4m/s，求彈丸剛滑上弧形滑塊時(shí)長(zhǎng)滑板的速度大小。【答案】（1）（2）（3）①，②【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)位移—時(shí)間公式有可得可知（2）從B到C過程，根據(jù)動(dòng)能定理有解得在C點(diǎn)根據(jù)向心加速度公式有（3）①水平方向豎直方向到A點(diǎn)速度沿斜面方向可得②彈丸滑上弧形滑塊時(shí)長(zhǎng)滑板與弧形滑塊速度相同，設(shè)為，彈丸速度設(shè)為，從C到D，水平方向動(dòng)量守恒系統(tǒng)機(jī)械能守恒解得19.水平面上固定有平行等間距的光滑導(dǎo)軌P、Q，導(dǎo)軌相距，不計(jì)電阻且足夠長(zhǎng)，長(zhǎng)度為、質(zhì)量為、電阻的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置且接觸良好，導(dǎo)軌左端可通過選擇開關(guān)S分別與A、B、C連接，其中電源E=3V、內(nèi)阻，電阻，恒流源接入電路后能維持電路中電流恒為I=2A?？臻g存在垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T。（1）若給金屬棒一向右的初速度，S