高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年度第一學(xué)期教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(cè)高一級(jí)物理科試卷溫馨提示：請(qǐng)將答案寫(xiě)在答題卡上；考試時(shí)間為75分鐘，滿分100分。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。A.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在并通過(guò)實(shí)驗(yàn)成功驗(yàn)證B.電磁波只能在真空中傳播，不能在水中傳播C.只要把帶電體和永磁體放在一起，就會(huì)在周?chē)臻g產(chǎn)生電磁波D.電磁波看不見(jiàn)，但具有能量【答案】D【解析】A．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過(guò)實(shí)驗(yàn)捕捉到了電磁波，故A錯(cuò)誤；B．電磁波可以在真空中傳播，也能在水中傳播，故B錯(cuò)誤；C．周期性變化的磁場(chǎng)、電場(chǎng)才能產(chǎn)生電磁波，故C錯(cuò)誤；D．電磁波看不見(jiàn)，但具有能量。故D正確。故選D。2.在醫(yī)療手術(shù)中，麻醉劑乙醚在有靜電的空間容易產(chǎn)生爆炸現(xiàn)象，為防止其爆炸，手術(shù)室地磚要用導(dǎo)電材料制成，醫(yī)生、護(hù)士要穿由導(dǎo)電材料制成的鞋子和外套，一切設(shè)備要良好接地，甚至病人身體也要良好接地，這樣做是為了（）A.防止漏電 B.除菌消毒 C.應(yīng)用靜電 D.消除靜電【答案】D【解析】靜電會(huì)產(chǎn)生火花、熱量，麻醉劑為易揮發(fā)性物品，遇到火花或熱源便會(huì)爆炸，良好接地，目的是消除靜電。故選D。3.隨著社會(huì)的發(fā)展，人民生活水平大大提高，廣大樂(lè)迷喜愛(ài)的電吉他等樂(lè)器也進(jìn)入生活。電吉他的琴弦?guī)в写判?，琴身上裝有拾音器，琴弦振動(dòng)時(shí)會(huì)使拾音器線圈中的磁通量發(fā)生變化，線圈產(chǎn)生的信號(hào)經(jīng)放大器放大后使揚(yáng)聲器發(fā)聲。拾音器的原理圖如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.拾音器線圈的工作原理是電磁感應(yīng) B.電吉他的琴弦可以用純尼龍材料制成C.琴弦不動(dòng)時(shí)，線圈中有感應(yīng)電流 D.琴弦振動(dòng)時(shí)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】AD【解析】A．琴弦振動(dòng)時(shí)會(huì)使拾音器線圈中的磁通量發(fā)生變化，回路產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈產(chǎn)生的電信號(hào)經(jīng)放大器放大后使揚(yáng)聲器發(fā)聲，所以拾音器線圈的工作原理是電磁感應(yīng)，故A正確；B．電吉他的琴弦必須用金屬線，不可以用純尼龍材料制成，否則不能構(gòu)成回路，故B錯(cuò)誤；CD．琴弦不動(dòng)時(shí)，拾音器線圈中的磁通量不發(fā)生變化，線圈中不會(huì)有感應(yīng)電流；琴弦振動(dòng)時(shí)，拾音器線圈中的磁通量發(fā)生變化，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。4.由導(dǎo)電的多晶硅制成的電容加速度傳感器如圖甲所示，圖乙是其原理圖，位于中間的多晶硅懸臂梁分別與頂層多晶硅、底層多晶硅組成兩個(gè)電容器、，當(dāng)電容器充電后處于斷路狀態(tài)，并由靜止突然向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，多晶硅懸臂梁的右側(cè)可發(fā)生如圖乙中虛線所示的彎曲形變，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器的電容減小 B.電容器兩板間的電壓減小C.電容器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小 D.電容器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小【答案】B【解析】A．多晶硅懸臂梁的右側(cè)可發(fā)生如圖所示的彎曲形變，多晶硅懸臂梁與上電極間距增加，下電極距離減小，根據(jù)電容器電容決定式可得電容器的電容減小，電容器的電容增加，故A錯(cuò)誤；B．因電荷量不變，根據(jù)可知電容器兩板間電壓減小，故B正確；CD．根據(jù)可知，當(dāng)板間距變化時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.用智能手機(jī)軟件可測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度，如圖所示，將手機(jī)平放在面積為的水平桌面上，在手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy面，豎直向上為z軸正方向，測(cè)得，，，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)可知（）A.測(cè)量地點(diǎn)位于赤道位置 B.通過(guò)桌面的磁通量為C.通過(guò)桌面的磁通量為 D.通過(guò)桌面的磁通量為【答案】B【解析】A．赤道位置的地磁場(chǎng)方向水平由南指向北，豎直方向的分磁場(chǎng)為零，即，故A錯(cuò)誤；BCD．通過(guò)桌面的磁通量為故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，在直角三角形的頂點(diǎn)、分別固定有點(diǎn)電荷、，現(xiàn)將一試探電荷固定于頂點(diǎn)，測(cè)得所受電場(chǎng)力與邊垂直。已知，則（）A. B.C. D.【答案】B【解析】根據(jù)電荷q受到的電場(chǎng)力方向，可以判斷出點(diǎn)電荷、對(duì)q的電場(chǎng)力分別為和，如圖根據(jù)庫(kù)侖定律，有根據(jù)幾何關(guān)系可知聯(lián)立，可得故選B。7.如圖甲為直線加速器原理圖，由多個(gè)橫截面積相同的圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上。序號(hào)為奇數(shù)的圓筒和交變電源的一個(gè)極相連，序號(hào)為偶數(shù)的圓筒和該電源的另一個(gè)極相連。交變電源兩極間電勢(shì)差的變化規(guī)律如圖乙所示。已知電子的質(zhì)量為m、元電荷為e、電壓的絕對(duì)值為u，周期為T(mén)，電子通過(guò)圓筒間隙的時(shí)間可以忽略不計(jì)。在時(shí)，奇數(shù)圓筒相對(duì)偶數(shù)圓筒的電勢(shì)差為正值，此時(shí)位于和偶數(shù)圓筒相連的圓板（序號(hào)為0）中央有一個(gè)初速度為零的電子。下列說(shuō)法正確的是（）A.可以選用高強(qiáng)度的玻璃作為圓筒材料 B.電子在圓筒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T(mén)C.進(jìn)入第2個(gè)金屬圓筒時(shí)的速度為 D.第8個(gè)金屬圓筒的長(zhǎng)度為【答案】C【解析】A．圓筒需要和交流電源相連形成電場(chǎng)，必須導(dǎo)電，故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)殡娮訌慕饘賵A筒出來(lái)后要繼續(xù)做加速運(yùn)動(dòng)，所以電子在金屬圓筒中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間應(yīng)該為交變電源周期的一半，即，故B錯(cuò)誤；C．由動(dòng)能定理得所以電子進(jìn)入第2個(gè)圓筒瞬間速度為故C正確；D．由動(dòng)能定理得所以電子進(jìn)入第8個(gè)圓筒瞬間速度為因?yàn)榻饘賵A筒處于靜電平衡狀態(tài)，圓筒內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零，電子在圓筒中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以第8個(gè)圓筒長(zhǎng)度為故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖，兩條通有同向電流的平行無(wú)限長(zhǎng)導(dǎo)線L1、L2，其中P、Q點(diǎn)連線與兩導(dǎo)線垂直，且P點(diǎn)到兩導(dǎo)線的距離相等，O點(diǎn)為P、Q中點(diǎn)且位于L2上，忽略其他磁場(chǎng)的影響，檢測(cè)發(fā)現(xiàn)P點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，下列說(shuō)法正確的是（）A.Q點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度比P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大B.Q點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度和P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等C.導(dǎo)線L1中的電流小于導(dǎo)線L2中的電流D.Q點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里【答案】AC【解析】C．根據(jù)安培定則可知L1產(chǎn)生的磁場(chǎng)向外，L2產(chǎn)生的磁場(chǎng)向里，而P點(diǎn)的合磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，由疊加原理可知，導(dǎo)線L1中的電流小于導(dǎo)線L2中的電流，故C正確；D．根據(jù)安培定則及疊加原理，可得磁感應(yīng)強(qiáng)度Q點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，故D錯(cuò)誤；AB．P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，Q點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故Q點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度比P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大，故A正確，B錯(cuò)誤。故選AC。9.在汽車(chē)噴漆中，有一門(mén)技術(shù)叫做靜電噴涂，在市場(chǎng)上已經(jīng)得到廣泛的運(yùn)用。靜電噴涂是一種利用電荷和電場(chǎng)將霧化涂料的微粒吸附到噴涂對(duì)象上的噴涂工藝，如圖所示為其原理結(jié)構(gòu)圖。下列說(shuō)法正確的是（）A.靜電噴涂屬于尖端放電B.霧化涂料向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)C.噴口噴出的霧化涂料微粒帶負(fù)電，被涂工件接正極D.霧化涂料向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小【答案】CD【解析】A．靜電噴涂屬于靜電吸附，故A錯(cuò)誤；B．霧化涂料向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力變化，加速度變化，因此不是做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，由噴口噴出的霧化涂料微粒帶負(fù)電，被涂工件接正極，通過(guò)霧化涂料和工件之間的電場(chǎng)，加強(qiáng)吸附效果，故C正確；D．霧化涂料向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D正確。故選CD。10.如圖為臺(tái)式電風(fēng)扇，因其小巧便攜、可充電等特點(diǎn)深受同學(xué)們喜愛(ài)。某品牌風(fēng)扇電阻為0.5Ω，正常工作時(shí)的電壓為3.7V、功率為4.44W。機(jī)內(nèi)電池容量為。則（）A.該風(fēng)扇正常工作時(shí)的電流為7.4AB.該風(fēng)扇正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為3.72WC.該風(fēng)扇連續(xù)正常工作的時(shí)間為2.5hD.電池充滿電后儲(chǔ)存的總電能約為【答案】BD【解析】A．該風(fēng)扇正常工作時(shí)的電流為故A錯(cuò)誤；B．該風(fēng)扇正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為該風(fēng)扇正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為故B正確；C．根據(jù)題意可得機(jī)內(nèi)電池容量為可得該風(fēng)扇連續(xù)正常工作的時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．電池充滿電后儲(chǔ)存的總電能約為故D正確。故選BD。三、非選擇題：共54分，考生根據(jù)要求作答。11.在“用傳感器觀察電容器的充電和放電”實(shí)驗(yàn)中，電路圖如圖甲所示。（1）把開(kāi)關(guān)S接1，電源給電容器充電，電容器兩板間電壓迅速增大，隨后逐漸穩(wěn)定在某一數(shù)值，此時(shí)電流計(jì)示數(shù)_________；（填選項(xiàng)前字母符號(hào)）A.為零 B.穩(wěn)定在某一非零數(shù)值（2）把開(kāi)關(guān)S改接到2，測(cè)得電容器放電過(guò)程的圖像如圖乙所示，則電容器在放電過(guò)程中釋放的電荷量約為_(kāi)________C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（3）如果將電阻R換成一個(gè)阻值更小的電阻，則放電過(guò)程持續(xù)的時(shí)間將____（填“變長(zhǎng)”“不變”或“變短”）。【答案】（1）A（2）（3）變短【解析】（1）把開(kāi)關(guān)S接1，電源給電容器充電，電容器兩板間電壓迅速增大，隨后逐漸穩(wěn)定在某一數(shù)值，此時(shí)電容器充電結(jié)束，電流計(jì)示數(shù)為零。故選A。（2）電容器的放電圖像是一條逐漸下降的曲線，而，從微元法得到，圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積就是總的電荷量，遵循大于半格算一格、小于半格舍去的原則，圖像下共有42格，所以電容器在全部放電過(guò)程中釋放的電荷量為（3）由于電阻對(duì)電流有阻礙作用，若將電阻換一個(gè)阻值較小電阻，放電的瞬時(shí)電流變大，圖像更加陡些，則放電時(shí)間將變短。12.在測(cè)定一根粗細(xì)均勻金屬絲的電阻率的實(shí)驗(yàn)中：（1）某同學(xué)先使用螺旋測(cè)微器測(cè)定金屬絲的直徑，某次測(cè)量結(jié)果如圖甲，讀數(shù)為_(kāi)________mm。（2）隨后，再用電表粗測(cè)其電阻。用已經(jīng)調(diào)零且選擇開(kāi)關(guān)指向歐姆擋“”擋位的多用電表測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角太大，這時(shí)他應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)換成歐姆擋的“_______”擋位（選填“”或“×1”），然后進(jìn)行調(diào)零，再次測(cè)量金屬絲的阻值，其表盤(pán)及指針?biāo)肝恢萌鐖D乙所示，其測(cè)量結(jié)果為_(kāi)________Ω。（3）現(xiàn)要進(jìn)一步精確測(cè)量其阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了下列可選用的器材：A.電流表（量程，內(nèi)阻約為B.電流表（量程為，內(nèi)阻約為C.電壓表（量程為，內(nèi)阻約為D.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為F.電源（電壓為G。開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干為了盡可能提高測(cè)量準(zhǔn)確度，電流表應(yīng)選_______；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______；（均填器材前面的字母）。并根據(jù)圖丙電路，將圖丁的實(shí)物圖連接完整_______。（4）某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得金屬絲兩端電壓為，通過(guò)的電流為，金屬絲的直徑為，長(zhǎng)度為，寫(xiě)出該金屬電阻率的表達(dá)式_____________。（用表示）（5）本實(shí)驗(yàn)所用電路連接方式，測(cè)得的金屬電阻率_________（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。【答案】（1））0.529##0.530##0.531（2）×112（3）AD（4）（5）小于【解析】（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)定金屬絲的直徑讀數(shù)為0.5mm+0.01mm×3.1=0.531mm（2）[1][2]用已經(jīng)調(diào)零且選擇開(kāi)關(guān)指向歐姆擋“”擋位的多用電表測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角太大，說(shuō)明倍率檔選擇的過(guò)高，則這時(shí)他應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)換成歐姆擋的“×1”擋位，然后進(jìn)行歐姆調(diào)零，再次測(cè)量金屬絲的阻值，其表盤(pán)及指針?biāo)肝恢萌鐖D所示，可知電阻約為12歐姆。（3）[1][2]電源電壓為4V，則電路中可能達(dá)到的最大電流為則為了盡可能提高測(cè)量準(zhǔn)確度，電流表應(yīng)選A；滑動(dòng)變阻器要接成分壓電路，可知應(yīng)選阻值較小D。因待測(cè)電阻較小，則采用電流表外接，滑動(dòng)變阻器用分壓電路，實(shí)物圖連接如圖（4）根據(jù)解得（5）由于電壓表分流，使電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值，則實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電阻率小于真實(shí)值。13.如圖為一種靜電除塵裝置的示意圖，它的上下底面金屬板M、N水平放置間距，寬，金屬板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度。分布均勻的帶電煙塵顆粒以的速度從左側(cè)平行于金屬板進(jìn)入裝置，碰到下金屬板的顆粒被收集，但不影響電場(chǎng)的分布。已知每個(gè)煙塵顆粒的質(zhì)量，所帶電荷量。不考慮煙塵顆粒的重力、顆粒間的相互作用力和空氣阻力。（1）求金屬板間的電壓U；（2）若從某點(diǎn)進(jìn)入的帶電顆粒能飛出電場(chǎng)，求其在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小a、時(shí)間t以及飛出時(shí)垂直于板面方向的偏移量y；（3）為了使進(jìn)入裝置的所有帶電顆粒都被收集到金屬板上，求兩金屬板間的最大間距dm?！敬鸢浮浚?）300V；（2），，；（3）0.05m【解析】（1）根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可得（2、3）根據(jù)牛頓第二定律水平方向沿著電場(chǎng)方向根據(jù)以上分析可知為了使進(jìn)入裝置的所有帶電顆粒都被收集到金屬板上，求兩金屬板間的最大間距14.在光滑絕緣的水平面上，長(zhǎng)為的絕緣輕質(zhì)細(xì)桿的兩端各連接一個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B（均可視為質(zhì)點(diǎn)）組成一個(gè)帶電系統(tǒng)，球A所帶的電荷量為，球B所帶的電荷量為。現(xiàn)讓A處于如圖所示的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，已知虛線位于細(xì)桿的中垂線，和的距離為，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向水平向右。釋放帶電系統(tǒng)，讓A、B從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，不考慮其他因素的影響。求：（1）釋放帶電系統(tǒng)的瞬間，兩小球加速度的大小；（2）帶電系統(tǒng)從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度第一次為零所需的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）對(duì)整體應(yīng)用牛頓第二定律有解得兩小球加速度大小為（2）系統(tǒng)向右加速運(yùn)動(dòng)階段解得此時(shí)B球剛剛進(jìn)入MN，帶電系統(tǒng)的速度假設(shè)小球A不會(huì)出電場(chǎng)區(qū)域，帶電系統(tǒng)向右減速運(yùn)動(dòng)階段有加速度減速運(yùn)動(dòng)時(shí)間減速運(yùn)動(dòng)的距離可知小球A恰好運(yùn)動(dòng)到邊界時(shí)速度減為零，假設(shè)成立。所以帶電系統(tǒng)從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度第一次為零所需的時(shí)間15.市場(chǎng)上的“電子秤”實(shí)際上是壓力測(cè)量?jī)x，其原理結(jié)構(gòu)如圖甲所示。圖中a為金屬片，b為金屬板，a與b中間是一根彈簧。PQ為一段長(zhǎng)為10cm且粗細(xì)均勻的導(dǎo)體，總電阻為200Ω，其接入阻值R?與所測(cè)物體的質(zhì)量m的關(guān)系如圖乙所示。電源電壓為12V，閉合開(kāi)關(guān)，質(zhì)量為m=1kg的