高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省常德市高三物理高考前預(yù)測(cè)練習(xí)試卷（容易）學(xué)校:___________姓名:___________班級(jí):___________考號(hào):___________注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無(wú)效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．我國(guó)自主研發(fā)的“華龍一號(hào)”反應(yīng)堆技術(shù)利用鈾235發(fā)生核裂變釋放的能量發(fā)電，典型的核反應(yīng)方程為。光速取，若核反應(yīng)的質(zhì)量虧損為1g，釋放的核能為，則k和的值分別為（

）A．2， B．3， C．2， D．3，2．2023年10月24日4時(shí)3分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功將“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星送入太空。已知地球半徑為R。自轉(zhuǎn)周期為T，“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星軌道離地面的高度為，地球同步衛(wèi)星軌道離地面的高度為，“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星繞地球飛行的軌道如圖所示。引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是（）A．“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星的發(fā)射速度大于11.2km/sB．“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的周期為C．地球的平均密度可表示為D．“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星與同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的向心加速度之比為3．如圖甲所示，為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波動(dòng)圖像，乙圖為處質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，質(zhì)點(diǎn)M位于處。下列判斷正確的是（）A．此波在向x軸負(fù)方向傳播B．該波的傳播速率為C．經(jīng)過(guò)時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)P沿波的傳播方向移動(dòng)8mD．質(zhì)點(diǎn)M從圖示位置開始運(yùn)動(dòng)路程為0.5m時(shí)，所需的時(shí)間為4．如圖，水平粗糙的桌面上有個(gè)光滑的小孔S，一輕繩穿過(guò)小孔，兩端各系著質(zhì)量分別為2m、m的兩個(gè)小方塊A、B，B以S正下方的點(diǎn)O為圓心做角速度為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知SB=L，重力加速度大小為g，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，現(xiàn)將質(zhì)量為m的小物塊C放在A上，A仍然保持靜止，B以最大的角速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）A．C受到向左的靜摩擦力B．A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為C．角速度為時(shí)，B運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為D．5．如圖所示,兩水平金屬板構(gòu)成的器件中同時(shí)存在著相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度E豎直向下,磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直紙面向里.P、Q為兩板中軸線與兩端交點(diǎn)處的小孔,一帶電粒子以某一速度v從P點(diǎn)沿中線射入,恰好從Q點(diǎn)沿中線射出,不計(jì)帶電粒子的重力.下列說(shuō)法正確的是 ()A．粒子一定帶正電B．粒子的速度v一定等于EC．若v>EB,粒子可能從QD．若0<v<EB,粒子一定不能從Q6．單個(gè)點(diǎn)電荷周圍空間的電勢(shì)，為到點(diǎn)電荷的距離；系統(tǒng)的電勢(shì)能等于每個(gè)電荷電勢(shì)能總和的一半。現(xiàn)在光滑絕緣水平面上，有三個(gè)帶電量均為、質(zhì)量均為的相同均勻帶電小球，用三根長(zhǎng)為的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩連接，處于靜止?fàn)顟B(tài)。A、B、C分別為其中點(diǎn)，為三角形中心，下列說(shuō)法正確的是（）A．點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均為零 B．A、B、C三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相等C． D．系統(tǒng)的總電勢(shì)能為二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．如圖，透明材料的圓柱體底部中心P點(diǎn)處有一束光以入射角射入，已知圓柱體的底面半徑為l，高度為，材料折射率，光在真空中的速度為c，則（）A．，光線從圓柱體底部傳播到頂部的時(shí)間B．，光線從圓柱體底部傳播到頂部的時(shí)間C．任意改變?nèi)肷浣?，圓柱體側(cè)面可以有光線射出D．任意改變?nèi)肷浣牵瑘A柱體側(cè)面始終沒(méi)有光線射出8．如圖所示，有一個(gè)質(zhì)量為m的長(zhǎng)木板靜止在光滑水平地面上，另一個(gè)質(zhì)量也為m的小物塊疊放在長(zhǎng)木板的一端。B是長(zhǎng)木板的中點(diǎn)，小物塊與長(zhǎng)木板在AB段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，在BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2μ。若把小物塊放在長(zhǎng)木板的左端，對(duì)其施加水平向右的力F1可使其恰好與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。若把小物塊放在長(zhǎng)木板的右端，對(duì)其施加水平向左的力F2也可使其恰好與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是A．F1與F2的大小之比為1∶2B．若將F1、F2都增大到原來(lái)的2倍，小物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間之比為1∶2C．若將F1、F2都增大到原來(lái)的2倍，小物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)長(zhǎng)木板的位移之比為1∶1D．若將F1、F2都增大到原來(lái)的2倍，小物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中摩擦生熱之比為1∶19．如圖所示，甲、乙兩名質(zhì)量分別為m1和m2的運(yùn)動(dòng)員，各抓住輕質(zhì)繩的一端（運(yùn)動(dòng)員腳未著地），繩子與滑輪間的摩擦不計(jì)，滑輪和繩子質(zhì)量均不計(jì)，則（）A．若，兩運(yùn)動(dòng)員緊抓繩子與繩子保持相對(duì)靜止，乙運(yùn)動(dòng)員與繩子間的摩擦力大小為B．若，兩運(yùn)動(dòng)員緊抓繩子與繩子保持相對(duì)靜止，繩子中的拉力大小是C．若，乙運(yùn)動(dòng)員抓住繩子不動(dòng)，甲運(yùn)動(dòng)員抓住繩子由靜止開始加速上爬，乙運(yùn)動(dòng)員與繩子間的摩擦力大于D．若，乙運(yùn)動(dòng)員抓住繩子不動(dòng)，甲運(yùn)動(dòng)員抓住繩子由靜止開始加速上爬，甲、乙距地面初始高度相同，則甲先到達(dá)滑輪處10．如圖甲所示為一個(gè)小型起重機(jī)的電路圖，M為電動(dòng)機(jī)，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為22∶1，原線圈接在的交流電源上，電流表的示數(shù)為2A，額定功率為4W的指示燈正常發(fā)光，其中電動(dòng)機(jī)通過(guò)輕繩拉著質(zhì)量為2kg的重物以0.5m／s的速度勻速上升，如圖乙所示。不計(jì)一切摩擦，電表均視為理想電表。重力加速度大小取，下列說(shuō)法正確的是（）A．通過(guò)電流表的電流方向每秒變化100次 B．電壓表的示數(shù)為14.1VC．電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為6.25Ω D．電動(dòng)機(jī)的效率為62.5％三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．如圖甲所示為“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。實(shí)驗(yàn)中利用速度傳感器,測(cè)量小球通過(guò)圓弧形曲面上各個(gè)點(diǎn)時(shí)的速率。小球的位置高度由右側(cè)刻度尺讀出。小球可以看作質(zhì)點(diǎn),拴小球的輕繩不可伸長(zhǎng),小球和圓弧形曲面靠近但不接觸,小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與速度傳感器不相碰,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹槿　?1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn),下列說(shuō)法正確的是。A.要驗(yàn)證機(jī)械能守恒必須選最低點(diǎn)為零勢(shì)能面B.要驗(yàn)證機(jī)械能守恒必須測(cè)出小球的質(zhì)量C.要驗(yàn)證機(jī)械能守恒最好選用密度大體積小的小球(2)實(shí)驗(yàn)中小球的速度和下降的高度差的關(guān)系如乙圖。若擺動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒,已知該直線的斜率為,則當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹椤?3)圖丙中圖線2表示A.勢(shì)能Ep隨高度的變化圖像B.動(dòng)能Ek隨高度的變化圖像C.機(jī)械能隨高度的變化圖像(4)如圖丙所示為實(shí)驗(yàn)得到的機(jī)械能、動(dòng)能Ek和勢(shì)能Ep隨高度的三條變化圖線,取,由圖像可得知該小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能(填“守恒”或“不守恒”),小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為(結(jié)果可以用根式表示)12．在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，所用測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)。已知待測(cè)金屬絲的電阻值約為?？晒┻x擇的器材有：電源E：電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻約電流表：量程，內(nèi)阻約電流表：量程，內(nèi)阻約電壓表：量程，內(nèi)阻約電壓表：量程，內(nèi)阻約滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值，允許最大電流滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值，允許最大電流開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干。（1）在上述器材中，應(yīng)該選用的電流表是，應(yīng)該選用的電壓表是。若想盡量多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是（填寫儀器的字母代號(hào)）。（2）用所選的器材，一位同學(xué)畫出了測(cè)量電路如圖甲或圖乙所示，電阻測(cè)量值由公式計(jì)算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。若將圖甲和圖乙電路電阻的測(cè)量值分別記為和，則（選填“”或“”）更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值；該測(cè)量值（選填“大于”、“等于”或“小于”）待測(cè)電阻的真實(shí)值。（3）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的誤差，下列說(shuō)法正確的是。A．對(duì)金屬絲的直徑多次測(cè)量求平均值，可消除誤差B．由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差C．利用電流I隨電壓U的變化圖線求可減小偶然誤差13．如圖所示，一固定的豎直汽缸由一大一小兩個(gè)同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個(gè)活塞，已知大活塞的橫截面積為，小活塞的橫截面積為；兩活塞用剛性輕桿連接，間距保持為，汽缸外大氣壓強(qiáng)為，溫度為。初始時(shí)大活塞與大圓筒底部相距，兩活塞間封閉氣體的溫度為，活塞總質(zhì)量為，現(xiàn)汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢下降，忽略兩活塞與汽缸壁之間的摩擦，重力加速度大小為。（1）在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前的瞬間，求缸內(nèi)封閉氣體的溫度；（2）活塞到達(dá)銜接處后繼續(xù)降低溫度，當(dāng)缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣達(dá)到熱平衡時(shí)，求缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)；（3）從初始狀態(tài)到缸內(nèi)、缸外氣體達(dá)到熱平衡的過(guò)程中，若氣體向外界放出的熱量為，求缸內(nèi)封閉氣體在此過(guò)程中減小的內(nèi)能。14．如圖所示，兩足夠長(zhǎng)平行金屬直導(dǎo)軌MN、PQ的間距為L(zhǎng)，固定在同一水平面內(nèi)，直導(dǎo)軌在左端M、P點(diǎn)分別與兩條豎直固定、半徑為L(zhǎng)的14圓弧導(dǎo)軌相切．MP連線與直導(dǎo)軌垂直，其左側(cè)無(wú)磁場(chǎng)，右側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab跨放在兩圓弧導(dǎo)軌的最高點(diǎn)．質(zhì)量為2m、電阻為6R的均勻金屬絲制成一個(gè)半徑為L(zhǎng)的圓環(huán)，水平放置在兩直導(dǎo)軌上，其圓心到兩直導(dǎo)軌的距離相等．忽略導(dǎo)軌的電阻、所有摩擦以及金屬環(huán)的可能形變，金屬棒、金屬環(huán)均與導(dǎo)軌始終接觸良好，重力加速度大小為g．現(xiàn)將金屬棒ab（1）ab剛越過(guò)MP時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。?）金屬環(huán)剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大?。?）為使ab在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不與金屬環(huán)接觸，金屬環(huán)圓心初始位置到MP的最小距離．15．如圖所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，斜面上AB、BC段長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)、2L，BC段粗糙，斜面其余部分均光滑，底端D處固定一垂直于斜面的擋板。兩塊質(zhì)量分布均勻的木板P、Q緊挨著放在斜面上，P的下端位于A點(diǎn)。將P、Q從圖示位置由靜止釋放，已知P、Q質(zhì)量均為m，長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，與BC段的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g，求：（1）木板P剛到B點(diǎn)時(shí)速度的大??；（2）木板P剛好完全進(jìn)入BC段時(shí)，P、Q之間彈力的大小；（3）若木板Q剛好完全離開BC段時(shí)木板P還未與擋板發(fā)生碰撞，求此時(shí)P速度的大??；（4）若木板Q剛好完全離開BC段時(shí)恰好與木板P發(fā)生碰撞，求此次碰撞后木板Q速度減為零時(shí)其下端到C點(diǎn)的距離。已知木板P與擋板及木板Q之間的碰撞均為彈性碰撞，碰撞時(shí)間忽略不計(jì)。

——★參考答案★——1．【知識(shí)點(diǎn)】核反應(yīng)的反應(yīng)方程及能量計(jì)算、質(zhì)量虧損與愛因斯坦質(zhì)能方程【答案】B【詳析】根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒有，解得，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知核反應(yīng)過(guò)程中質(zhì)量虧損1g，釋放的能量為，ACD錯(cuò)誤，B正確；選B。2．【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律問(wèn)題的分析與計(jì)算、天體密度的計(jì)算、天體質(zhì)量的計(jì)算【答案】B【詳析】A．“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星的發(fā)射速度滿足，A錯(cuò)誤；B．“遙感三十九號(hào)”衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的周期為，根據(jù)開普勒第三定律有，解得，B正確；C．對(duì)同步衛(wèi)星有，解得，地球密度為，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有，，D錯(cuò)誤。選B。3．【知識(shí)點(diǎn)】波的圖像和振動(dòng)圖像的綜合應(yīng)用【答案】BD【詳析】A．由圖乙可知，0.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，由上下坡法可知P點(diǎn)處于下坡，即波的傳播方向?yàn)閤軸正方向，A錯(cuò)誤；B．由圖可知，波的波長(zhǎng)，周期，波的傳播速率，B正確；C．質(zhì)點(diǎn)P不會(huì)隨波逐流，只會(huì)上下振動(dòng)，經(jīng)過(guò)，時(shí)間，P運(yùn)動(dòng)的路程，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程為時(shí)，M處于處且沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，以圖示位置為計(jì)時(shí)0點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為，當(dāng)，可得，D正確。選BD。4．【知識(shí)點(diǎn)】水平面內(nèi)勻速圓周問(wèn)題【答案】D【詳析】A．C靜止，只受重力和A的支持力，不受靜摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．不放C時(shí)，對(duì)A有F=μ·2mg對(duì)B有Fsinθ=mω2Lsinθ解得選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．B以大的角速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，A受到桌面的靜摩擦力恰好為最大靜摩擦力，則有F′=μ·3mg又解得則軌道半徑選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確。故選D。5．【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在疊加場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】若粒子帶正電,受到的電場(chǎng)力方向豎直向下,洛倫茲力方向豎直向上,若粒子帶負(fù)電,受到的電場(chǎng)力方向豎直向上,洛倫茲力方向豎直向下,只要速度滿足一定條件都能沿中線射出,故無(wú)法判斷帶電粒子的電性,故A錯(cuò)誤;如果qvB=qE,即v=EB,帶電粒子可以從Q點(diǎn)沿中線射出,如果速度為v>EB或0<v<EB,則電場(chǎng)力大小不變,洛倫茲力大小改變,粒子做曲線運(yùn)動(dòng),若板長(zhǎng)及板間距離符合條件,粒子可能從Q點(diǎn)射出,故C正確,B、6．【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)、電場(chǎng)的疊加

【答案】D【詳析】A．O點(diǎn)是正三角形的中心，到各個(gè)點(diǎn)的距離都相同，由于各點(diǎn)電荷的電荷量相等，由，所以各點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)相同，且兩兩之間的夾角為，由電場(chǎng)疊加原理可得，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零。由題意可知點(diǎn)電荷的電勢(shì)，各點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)，均相等，由于電勢(shì)是標(biāo)量，所以其疊加遵循運(yùn)算法則，疊加后不為零，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度有，由于各點(diǎn)電荷都是正電荷，所以有電場(chǎng)疊加可知，ABC三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．A點(diǎn)到小球3的距離為，所以A點(diǎn)的電勢(shì)為，同理B點(diǎn)的電勢(shì)為，C點(diǎn)的電勢(shì)為，所以有，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．1電荷的電勢(shì)能，同理可得2和3電荷電勢(shì)能，整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能為，D項(xiàng)正確。選D。7．【知識(shí)點(diǎn)】全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】AD【詳析】AB．如圖所示若，根據(jù)折射定律有，解得折射角，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光線在圓柱體中傳播的路程為，光線在圓柱體中傳播的速度為，所以光線從圓柱體底部傳播到頂部的時(shí)間為，A正確，B錯(cuò)誤；CD．光線在圓柱體側(cè)面發(fā)生全反射的臨界角正弦值為，當(dāng)θ=90°時(shí)，有，則，而隨著θ減小，α1也減小，α2增大，將始終大于全反射臨界角，因此任意改變?nèi)肷浣牵瑘A柱體側(cè)面始終沒(méi)有光線射出，C錯(cuò)誤，D正確。選AD。8．【知識(shí)點(diǎn)】板塊模型中的能量守恒問(wèn)題【答案】ACD【詳析】本題考查板塊模型。對(duì)小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得，F(xiàn)1-μmg=ma11，F(xiàn)2-2μmg=ma12，對(duì)長(zhǎng)木板受力分析，由牛頓第二定律可得，μmg=ma21，2μmg=ma22，小物塊恰好與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，a11=a21，a12=a22，聯(lián)立解得F1∶F2=1∶2，選項(xiàng)A正確；若將F1、F2都增大到原來(lái)的2倍，對(duì)小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得，2F1-μmg=ma13，2F2-2μmg=ma14，對(duì)長(zhǎng)木板受力分析，由牛頓第二定律可得，μmg=ma21，2μmg=ma22，聯(lián)立解得a21=μg，a22=2μg，a13=3μg，a14=6μg，設(shè)小物塊在長(zhǎng)木板上從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為t1，則小物塊的位移x11=12a13t12，長(zhǎng)木板的位移x21=12a21t12，x11-x21=L2，聯(lián)立解得t1=L2μg，設(shè)小物塊在長(zhǎng)木板上從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為t2，則小物塊的位移x12=12a14t22，長(zhǎng)木板的位移x22=12a22t22，x12-x22=L2，聯(lián)立解得t2=12Lμg，即若將F1、F2都增大到原來(lái)的2倍，小物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間之比為t1∶t2=2∶1，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若將F1、F2都增大到原來(lái)的2倍，小物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)長(zhǎng)木板的位移之比x21∶x22=12a21t12∶12a22t22=1∶1，選項(xiàng)C【方法拓展】板塊模型，分析受力可以采用隔離法，分別隔離小物塊和長(zhǎng)木板進(jìn)行受力分析，應(yīng)用牛頓第二定律列方程解答。摩擦產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與小物塊在長(zhǎng)木板上滑動(dòng)距離的乘積。9．【知識(shí)點(diǎn)】連接體問(wèn)題（整體和隔離法）、臨界問(wèn)題【答案】BC【詳析】B．對(duì)整體分析，有，對(duì)m1，有，所以，，B正確；A．繩子質(zhì)量不計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員與繩子間的摩擦力大小等于繩子拉力大小，A錯(cuò)誤；CD．若，甲運(yùn)動(dòng)員抓住繩子由靜止開始加速上爬，繩子拉力大于運(yùn)動(dòng)員的重力，繩子對(duì)兩運(yùn)動(dòng)員的拉力大小相等，兩運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量也相等，所以兩運(yùn)動(dòng)員向上的加速度大小相等，又起始高度相同，兩運(yùn)動(dòng)員同時(shí)到達(dá)滑輪處，C正確，D錯(cuò)誤。選BC。10．【知識(shí)點(diǎn)】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用、非純電阻電路中的電功、電功率和電熱【答案】AD【詳析】根據(jù)交流電源的表達(dá)式可知周期為，一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，則通過(guò)電流表的電流方向每秒變化100次，A正確；根據(jù)交流電源的表達(dá)式可知原線圈輸入電壓有效值為，則副線圈輸出電壓有效值為，則電壓表的示數(shù)為，B錯(cuò)誤；通過(guò)指示燈的電流為，則通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為，則電動(dòng)機(jī)的電功率為，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為，動(dòng)機(jī)的熱功率為，解得電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為，電動(dòng)機(jī)的效率為，C錯(cuò)誤，D正確。11．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【答案】C;;;守恒;【詳析】(1)本實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證機(jī)械能守恒,即重力勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能的增加量,不需要選取參考平面,A錯(cuò)誤;若小球機(jī)械能守恒,則小球的質(zhì)量可以約去,所以不需要測(cè)出小球的質(zhì)量,B錯(cuò)誤;要驗(yàn)證機(jī)械能守恒最好選用密度大體積小的小球,減小阻力影響,C正確。選:C。(2)根據(jù)機(jī)械能守恒可得，所以所以。(3)小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力勢(shì)能減小,動(dòng)能增加,機(jī)械能不變,所以圖線1表示動(dòng)能、圖線2表示重力勢(shì)能、圖線3表示機(jī)械能隨高度的變化圖像。選:A。(4)由圖線可知,小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒;小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí),有由圖線2可得兩式聯(lián)立可得。12．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：導(dǎo)體電阻率的測(cè)量【答案】A1；V1；R1；；小于；C【詳析】（1）[1][2]電源電動(dòng)勢(shì)是3V，電壓表應(yīng)選擇V1，電路最大電流約為，電流表應(yīng)選擇A1。[3]若想盡量多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是R1。（2）[4]由題意可知，，則，電流表應(yīng)采用外接法，則Rx2更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值。[5]由于電壓表的分流，電流的測(cè)量值偏大，由歐姆定律可知，電阻測(cè)量值小于真實(shí)值。（3）[6]A．實(shí)驗(yàn)中產(chǎn)生的誤差不能消除，只能減小，A錯(cuò)誤；B．由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差，B錯(cuò)誤；C．利用圖像法求解電阻可減小偶然誤差，C正確。選C。13．【知識(shí)點(diǎn)】等壓變化——?dú)飧讍?wèn)題、等容變化——?dú)飧讍?wèn)題【答案】（1）（2）（3）【思路導(dǎo)引】分析在氣體降溫過(guò)程中發(fā)生的變化，確定初始狀態(tài)和末狀態(tài)氣體的做功和內(nèi)能變化?！驹斘觥浚?）在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前，對(duì)活塞進(jìn)行受力分析，有，解得，在大活塞到達(dá)兩圓