高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高考仿真模擬卷（七）物理試卷注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.氫原子的能級(jí)如圖所示，一群處于能級(jí)的氫原子向較低能級(jí)躍遷時(shí)會(huì)發(fā)出頻率不同的光，這些光照射在逸出功為3.34eV的鋅板上，下列說(shuō)法正確的是（??）A.氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)譜B.這群氫原子最多能發(fā)出三種不同頻率的光C.從躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光波長(zhǎng)最短D.僅有兩種頻率的光能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)【答案】C【解析】A．氫原子只能處于幾條特定的能級(jí)狀態(tài)，在不同能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出特定頻率的光，因此所發(fā)射的光譜不是連續(xù)的，故A錯(cuò)誤；B．這群氫原子最多能發(fā)出種不同頻率的光，故B錯(cuò)誤；C．從躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光的能量最大，根據(jù)光波長(zhǎng)最短，故C正確；D．一群處于能級(jí)的氫原子向較低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射光子種類(lèi)數(shù)目為6種，其中有3種大于3.34eV，能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖是O為圓心、AB為直徑的透明圓盤(pán)截面，一束激光從空氣中平行AB由C點(diǎn)射入圓盤(pán)，在B點(diǎn)反射后從D點(diǎn)平行AB射出。已知圓盤(pán)半徑和AC距離相等，則該圓盤(pán)對(duì)激光的折射率為（）A.1.5 B.2 C. D.【答案】D【解析】已知圓盤(pán)半徑和AC距離相等，則為等邊三角形，而，由幾何知識(shí)得而入射角i與相等，由幾何知識(shí)得由折射定律故選D。3.如圖所示，小娟借助瑜伽球鍛煉腿部力量，屈膝靜蹲，背部保持豎直且倚靠在瑜伽球上，瑜伽球緊靠豎直墻面，則（）A.墻壁對(duì)瑜伽球的彈力為零B.地面對(duì)小娟的支持力一定等于小娟受到的重力C.若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，瑜伽球受到的摩擦力增大D.若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，地面對(duì)小娟的摩擦力增大【答案】D【解析】A．對(duì)瑜伽球受力分析可知，在豎直方向受到重力、墻和小娟對(duì)球豎直向上的摩擦力，則水平方向上墻壁對(duì)瑜伽球的彈力不為零。故A錯(cuò)誤；B．對(duì)小娟受力分析可知，在豎直方向受到自身重力、瑜伽球?qū)λ蛳碌哪Σ亮偷孛鎸?duì)她的豎直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知地面對(duì)小娟的支持力大于女士受到的重力。故B錯(cuò)誤；C．瑜伽球受到的摩擦力與自身重力等大反向，所以若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，瑜伽球受到的摩擦力將不變。故C錯(cuò)誤；D．小娟水平方向受瑜伽球的彈力和地面的摩擦力作用，二力平衡。若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，則瑜伽球的形變變大，小娟所受瑜伽球的彈力變大，地面對(duì)小娟的摩擦力也將增大。故D正確。故選D。4.輕繩的一端固定于點(diǎn)，另一端系一小球?，F(xiàn)將輕繩拉直，讓小球從與點(diǎn)等高的A點(diǎn)靜止釋放。不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為，小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B的過(guò)程中（）A.豎直方向上加速度的最大值為，最小值為0B.豎直方向上加速度的最大值為、最小值為C.豎直方向上的加速度最小時(shí)，重力的瞬時(shí)功率最大D.豎直方向上的加速度最小時(shí)，重力的瞬時(shí)功率最小【答案】C【解析】AB．小球在剛剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受重力，根據(jù)牛頓第二定律可得豎直方向上的加速度為在最低點(diǎn)時(shí)此時(shí)向心加速度即小球的豎直加速度先減小后增加，最大值為2g，最小值為0，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．豎直方向上的加速度最小時(shí)，豎直速度最大，根據(jù)PG=mgvy可知，重力的瞬時(shí)功率最大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.圖（a）中，在x軸上關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的位置固定兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷。圖（b）中，在x軸上關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的位置固定兩根垂直于該平面的長(zhǎng)直平行導(dǎo)線，兩根導(dǎo)線中電流大小相同、方向相反。現(xiàn)電子以一定的初速度分別從兩圖中的O點(diǎn)垂直平面向里運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于兩幅圖中電子在原點(diǎn)O受力的說(shuō)法正確的是（）A.圖（a）中，電子受電場(chǎng)力方向沿x軸正向B.圖（a）中，電子受電場(chǎng)力方向沿y軸正向C.圖（b）中，電子受洛侖茲力方向沿x軸正向D.圖（b）中，電子受洛侖茲力方向沿y軸正向【答案】C【解析】AB．圖（a）中，正電荷在點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正向，負(fù)電荷在點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正向，則點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正向，電子受電場(chǎng)力方向沿x軸負(fù)向，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)右手螺旋定則可知兩根導(dǎo)線在點(diǎn)的磁場(chǎng)方向均沿y軸負(fù)向，在點(diǎn)的磁場(chǎng)方向沿y軸負(fù)向，根據(jù)左手定則可知電子受洛侖茲力方向沿x軸正向，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.兩顆中子星繞二者連線上的某點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)組成雙星系統(tǒng)，并以引力波的形式向外輻射能量。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，兩顆中子星的間距減小為原來(lái)的p倍，運(yùn)行周期變?yōu)樵瓉?lái)的q倍，若兩星可視為質(zhì)量均勻分布的球體，則利用牛頓力學(xué)知識(shí)可得（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)兩顆中子星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L，運(yùn)行周期為T(mén)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知，又L=r1+r2聯(lián)立，可得整理，得依題意，兩顆中子星的間距減小為原來(lái)的p倍，運(yùn)行周期變?yōu)樵瓉?lái)的q倍，則有聯(lián)立，解得故選D。7.圖（a）是一列沿x軸方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=4s時(shí)的波形圖，M、N是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，其平衡位置分別位于x=2m、x=8m處，圖（b）是質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）A.波沿x軸負(fù)方向傳播B.波的傳播速度大小為0.5m/sC.t=5s時(shí)，M、N的速度大小相等，方向相同D.t=7s時(shí)，M、N的加速度大小相等，方向相反【答案】C【解析】A．由圖（b）可知時(shí)質(zhì)點(diǎn)N正在向下振動(dòng)，則由圖（a）可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．由圖（b）可知該波的周期為，則由圖（a）可知該波的波長(zhǎng)為，則波速為故B錯(cuò)誤；C．時(shí)，波形圖相對(duì)于圖（a）中的波形向右移動(dòng)了；此時(shí)質(zhì)點(diǎn)M在波峰的左側(cè)，距離波峰，正在向下、向平衡位置處運(yùn)動(dòng)；質(zhì)點(diǎn)N在波谷的右側(cè)，距離波谷，正在向下、向最大位移處運(yùn)動(dòng)。根據(jù)對(duì)稱性可知，兩質(zhì)點(diǎn)的速度大小相等，故C正確；D．時(shí)，波形圖相對(duì)于圖（a）中的波形向右移動(dòng)了；此時(shí)質(zhì)點(diǎn)M在波谷的右側(cè)，距離波谷，正在向下、向最大位移處運(yùn)動(dòng)；質(zhì)點(diǎn)N在波谷的左側(cè)，距離波谷，正在向上、向平衡位置處運(yùn)動(dòng)。根據(jù)對(duì)稱性可知，兩質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的振幅相同，則加速度大小相等；兩質(zhì)點(diǎn)此時(shí)均在軸下方，則加速度方向相同，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為5：1，V和、分別是電壓表、定值電阻，且已知ab兩端電壓u按圖乙所示正弦規(guī)律變化下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓u瞬時(shí)值的表達(dá)式B.電壓表示數(shù)為40VC.、兩端的電壓之比為1：3D.、消耗的功率之比為1：10【答案】BD【解析】詳析】A．由圖象知周期角速度電壓u表達(dá)式為A錯(cuò)誤；B．設(shè)原線圈的電流為I，根據(jù)得副線圈兩端得電壓原線圈兩端的電壓解得電壓表示數(shù)B正確；C．原線圈兩端電壓R1兩端的電壓所以R1、R2兩端電壓之比為1：2，C錯(cuò)誤；D．R1消耗的功率R2消耗的功率D正確。故選BD。9.如圖，圓形水平餐桌面上有一個(gè)半徑為r、可轉(zhuǎn)動(dòng)的同心圓盤(pán)，圓盤(pán)的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量為m的物塊，物塊與圓盤(pán)、物塊與餐桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ。從靜止開(kāi)始緩慢增大圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度至物塊恰好要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊隨圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，圓盤(pán)對(duì)物塊的摩擦力與速度方向相反B.物塊隨圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，圓盤(pán)對(duì)物塊的摩擦力做功大小為C.繼續(xù)增大圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，物塊由于受到一個(gè)大于向心力的離心力作用而從圓盤(pán)滑動(dòng)到餐桌面上D.繼續(xù)增大圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，物塊從圓盤(pán)滑動(dòng)到餐桌面上，若物塊最終停在餐桌面邊沿，忽略圓盤(pán)和餐桌面的高度差，可求出餐桌面的直徑為【答案】BD【解析】A．物塊隨圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，圓盤(pán)對(duì)物塊的徑向摩擦力提供向心力，圓盤(pán)對(duì)物塊的切向摩擦力使物塊加速，故圓盤(pán)對(duì)物塊的摩擦力方向不是與速度方向相反，故A錯(cuò)誤；B．物塊隨圓盤(pán)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，將要滑離圓盤(pán)時(shí)圓盤(pán)對(duì)物塊的摩擦力做功大小為故B正確；C．繼續(xù)增大圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，由于物塊提供的向心力小于做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，而從圓盤(pán)滑動(dòng)到餐桌面上，故C錯(cuò)誤；D．物塊從圓盤(pán)上滑落到滑到桌面的邊緣，如圖所示由動(dòng)能定理可得解得餐桌面的直徑為故D正確。故選BD。10.如圖，為粒子源，不斷沿水平方向發(fā)射速度相同的同種帶負(fù)電粒子，為豎直放置的接收屏。左側(cè)空間同時(shí)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，粒子恰好沿直線垂直打在上的點(diǎn)；當(dāng)只有電場(chǎng)或磁場(chǎng)時(shí)，粒子打在上的點(diǎn)或點(diǎn)，、、三點(diǎn)的位置如圖所示，。已知電場(chǎng)強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，到屏的距離為。不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用力，則下列說(shuō)法正確的是（）A.只加磁場(chǎng)時(shí)，粒子打到接收屏上的P點(diǎn)B.粒子源發(fā)射粒子的速度大小為C.粒子的比荷為D.間距離為【答案】BCD【解析】A．只加磁場(chǎng)時(shí)，由左手定則可知，粒子受洛倫茲力向下，則不會(huì)打到接收屏上的點(diǎn)，A錯(cuò)誤；B．由題意可知，當(dāng)粒子打在接收屏上的點(diǎn)時(shí)，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子處于平衡狀態(tài)，可知解得粒子的速度為B正確；CD．根據(jù)粒子在只有電場(chǎng)時(shí)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，粒子打在接收屏上點(diǎn)，由牛頓第二定律可知粒子的水平方向位移為粒子的豎直方向位移為聯(lián)立可知根據(jù)粒子在只有磁場(chǎng)時(shí)，做圓周運(yùn)動(dòng)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由洛倫茲力提供向心力可知即由幾何關(guān)系可知聯(lián)立解得C正確；D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.利用手機(jī)內(nèi)置加速度傳感器可實(shí)時(shí)顯示手機(jī)加速度的數(shù)值。小明通過(guò)智能手機(jī)探究加速度與合外力的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。（1）輕彈簧上端固定，下端與手機(jī)相連接，手機(jī)下端通過(guò)細(xì)繩懸掛小桶；（2）開(kāi)始時(shí)，小桶裝有砝碼，整個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)；（3）突然剪斷細(xì)繩，通過(guò)手機(jī)軟件記錄豎直方向加速度a隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)的加速度對(duì)應(yīng)圖中的____（選填“A”“B”或“C”）點(diǎn)；（4）剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)受到的合力大小F等于____；A.砝碼的重力大小B.小桶和砝碼的重力大小C.手機(jī)的重力大小D.彈簧對(duì)手機(jī)的拉力大?。?）改變小桶中砝碼質(zhì)量，重復(fù)步驟（3），獲得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)并繪制圖像如圖丙所示，由圖可得結(jié)論：在誤差允許的范圍內(nèi)，____；（6）如圖丁所示，某同學(xué)在處理數(shù)據(jù)時(shí)，以手機(jī)豎直方向的加速度a為縱坐標(biāo)，砝碼質(zhì)量m為橫坐標(biāo)，繪制圖像，獲得一條斜率為k，截距為b的直線，則可推算出手機(jī)的質(zhì)量為_(kāi)___（選用k、b、g表示）?！敬鸢浮浚?）A（4）B（5）質(zhì)量一定時(shí)，手機(jī)加速度與合外力成正比（6）【解析】（3）[1]前面的數(shù)據(jù)波動(dòng)是保持平衡時(shí)的輕微擾動(dòng)，后續(xù)的數(shù)據(jù)波動(dòng)是因?yàn)槭謾C(jī)在做（近似）簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故第一個(gè)峰值即為我們要的繩子被剪斷時(shí)的瞬時(shí)加速度，故選“A”點(diǎn)；（4）[2]剪斷細(xì)繩瞬間，彈簧的彈力大小不變，手機(jī)受到的合力大小F小桶和砝碼的重力大小。故選B。（5）[3]由丙圖知，圖像為過(guò)原點(diǎn)的一條直線，根據(jù)圖像可以得到的結(jié)論，當(dāng)手機(jī)的質(zhì)量一定時(shí)，手機(jī)的加速度與手機(jī)所受合外力成正比。（6）[4]繩子剪斷前，設(shè)彈力為，小桶質(zhì)量為，手機(jī)質(zhì)量為，對(duì)手機(jī)有平衡知繩子剪斷后，對(duì)手機(jī)由牛頓第二定律有綜上可得解得12.用圖（a）的電路研究電容器的充放電，電源電動(dòng)勢(shì)為12V（內(nèi)阻忽略不計(jì)）；R1、R2、R3為定值電阻，其中R2=160Ω；電流傳感器（內(nèi)阻忽略不計(jì)）將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，顯示出電流隨時(shí)間變化的I-t圖像。（1）①閉合開(kāi)關(guān)K2，開(kāi)關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電的I-t圖像如圖（b）中的圖線I，圖線I與時(shí)間軸圍成的“面積”為S1，其物理意義是_______________________________；②斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K2，開(kāi)關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電I-t圖像如圖（b）中的圖線II，圖線II與時(shí)間軸圍成的“面積”為S2，理論上應(yīng)該有S1__________S2（選填“>”“<”或“=”）；（2）測(cè)得S1為2.64mA?s，由此可知電容器的電容C=________μF，定值電阻R3=________Ω；開(kāi)關(guān)K2閉合時(shí)，電容器放電過(guò)程中通過(guò)R3的電量為_(kāi)___________C。【答案】（1）電容器放電過(guò)程，通過(guò)電流傳感器的電荷量=（2）220480【解析】【小問(wèn)1詳析】①[1]根據(jù)可知I-t圖像與對(duì)應(yīng)時(shí)間軸所圍成的面積表示的物理意義是電荷量，即電容器放電過(guò)程，通過(guò)電流傳感器的電荷量。②[2]S1和S2均表示電容器放電的電荷量，所以【小問(wèn)2詳析】[1]根據(jù)可得[2]根據(jù)可知，兩次放電過(guò)程的最大電流與電路電阻成反比，即解得[3]開(kāi)關(guān)K2閉合時(shí)，電容器放電過(guò)程中通過(guò)R3的電量為13.特斯拉公司的CEO埃隆·馬斯克提出并推動(dòng)了一項(xiàng)創(chuàng)新交通方式——馬斯克“真空”隧道。其關(guān)鍵技術(shù)是在隧道內(nèi)部創(chuàng)造接近真空的環(huán)境，列車(chē)在其中行駛時(shí)，所受空氣阻力幾乎為零，從而大幅提高列車(chē)的行駛速度。將馬斯克隧道簡(jiǎn)化成如圖所示模型，導(dǎo)熱良好的密閉容器內(nèi)封閉有壓強(qiáng)為的空氣，現(xiàn)用抽氣筒緩慢從容器底部的閥門(mén)處（只出不進(jìn)）進(jìn)行抽氣。已知抽氣筒的抽氣部分有效體積為密閉容器容積的，空氣可視為理想氣體，求：（1）抽氣兩次后，容器內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng)p；（2）抽氣次后，容器內(nèi)剩余空氣和抽出空氣的質(zhì)量之比k?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）根據(jù)題意，設(shè)容器的容積為，則每次抽氣時(shí)可視為增加了的體積為，設(shè)第1次抽氣后容器內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng)為，則有設(shè)第2次抽氣后容器內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng)為，則有聯(lián)立解得（2）由（1）分析可知，抽氣次后，容器內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng)為假設(shè)將容器內(nèi)剩余氣體等溫壓縮到壓強(qiáng)為時(shí)的體積為，則有容器內(nèi)剩余空氣和抽出空氣的質(zhì)量之比聯(lián)立解得14.如圖，傾角為的斜面足夠長(zhǎng)，區(qū)間光滑，長(zhǎng)度為，其余部分粗糙程度相同。長(zhǎng)為的輕繩連接兩個(gè)相同的小滑塊、。開(kāi)始時(shí)處于點(diǎn)，輕繩恰好伸直。由靜止同時(shí)釋放、，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，、發(fā)生彈性碰撞。再經(jīng)過(guò)一段時(shí)間輕繩突然繃緊，、達(dá)到共同速度，并一起勻速運(yùn)動(dòng)。已知重力加速度大小為，求（1）滑塊與斜面粗糙部分之間動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）滑塊從靜止釋放至運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的時(shí)間；（3）滑塊、一起勻速運(yùn)動(dòng)的速率。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）、一起勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)、整體有解得（2）、一起下滑距離，對(duì)、整體有解得由位移公式可得解得此時(shí)、的速度為從運(yùn)動(dòng)至，因繩子松弛，故對(duì)有由位移公式可得解得又解得（3）運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)后勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度為之后、發(fā)生彈性碰撞，由于質(zhì)量相同，所以碰后交換速度，直至輕繩繃緊，二者以相同的速度勻速運(yùn)動(dòng)，該過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有解得15.如圖，平行金屬導(dǎo)軌由光滑的水平部分和粗糙的傾斜部分平滑連接而成，導(dǎo)軌水平部分處在、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，傾斜部分導(dǎo)軌與水平面的夾角，處在、方向平行導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。開(kāi)始時(shí)，導(dǎo)體棒a在外力約束下靜止在傾斜導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒a與傾斜導(dǎo)軌間的摩擦因數(shù)為。光滑導(dǎo)體棒b在水平向左的恒力F的作用下向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)