2025年廣東省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理限時75分鐘滿分100分一、單項選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題列出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.關(guān)于受迫振動和多普勒效應(yīng)，下列說法正確的是（）A.系統(tǒng)的固有頻率與驅(qū)動力頻率有關(guān)B只要驅(qū)動力足夠大，共振就能發(fā)生C.應(yīng)用多普勒效應(yīng)可以測量車輛的速度D.觀察者與波源相互遠(yuǎn)離時，接收到波的頻率比波源的頻率大【答案】C【解析】【詳解】A．系統(tǒng)的固有頻率只與系統(tǒng)本身有關(guān)，與驅(qū)動力頻率無關(guān)，A錯誤；B．只有驅(qū)動力頻率與系統(tǒng)固有頻率相同時，共振才能發(fā)生，B錯誤；CD．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知觀察者與波源相互遠(yuǎn)離時，接收到的波的頻率比波源的頻率小，觀察者與波源相互靠近時，接收到的波的頻率比波源的頻率大，所以應(yīng)用多普勒效應(yīng)可以測量車輛的速度，C正確，D錯誤。故選C。2.如圖所示。某光伏電站輸出功率、電壓的交流電，經(jīng)理想變壓器升壓至后，通過輸電線輸送到變電站，輸電線的等效電阻R為。下列說法正確的是（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為B.輸電線上由R造成的電壓損失為C.變壓器原線圈中的電流為D.變壓器原、副線圈中電流的頻率不同【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓比等于匝數(shù)比可得A錯誤；B．原副線圈兩端的功率相等，流過副線圈的電流輸電線上由R造成的電壓損失為B正確；C．變壓器原線圈中的電流為C錯誤；D．變壓器不改變交變電流的頻率，變壓器原、副線圈中電流的頻率相同，D錯誤。故選B。3.有甲、乙兩種金屬，甲的逸出功小于乙的逸出功。使用某頻率的光分別照射這兩種金屬，只有甲發(fā)射光電子，其最大初動能為，下列說法正確的是（）A.使用頻率更小的光，可能使乙也發(fā)射光電子B.使用頻率更小的光，若仍能使甲發(fā)射光電子，則其最大初動能小于C.頻率不變，減弱光強(qiáng)，可能使乙也發(fā)射光電子D.頻率不變，減弱光強(qiáng)，若仍能使甲發(fā)射光電子，則其最大初動能小于【答案】B【解析】【詳解】A．某頻率的光不能使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng)，說明此光的頻率小于乙金屬的截止頻率，則換用頻率更小的光不能發(fā)生光電效應(yīng)，A錯誤；B．由光電效應(yīng)方程可知頻率越大最大初動能越大，換用頻率更小的光最大初動能小于，B正確；C．頻率不變則小于乙金屬的截止頻率，不會發(fā)生光電效應(yīng)，C錯誤；D．由可知頻率不變最大初動能不變，D錯誤。故選B。4.如圖為測量某種玻璃折射率的光路圖。某單色光從空氣垂直射入頂角為的玻璃棱鏡，出射光相對于入射光的偏轉(zhuǎn)角為，該折射率為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】光路圖如圖所示則有折射定律可得故選A。5.一顆繞太陽運(yùn)行的小行星，其軌道近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽的距離分別約為地球到太陽距離的5倍和7倍。關(guān)于該小行星，下列說法正確的是（）A.公轉(zhuǎn)周期約6年B.從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)所受太陽引力大小逐漸減小C.從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)線速度大小逐漸減小D.在近日點(diǎn)加速度大小約為地球公轉(zhuǎn)加速度的【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，設(shè)地球與太陽間距離為，則小行星公轉(zhuǎn)軌道的半長軸為由開普勒第三定律有解得年故A錯誤；B．從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)，小行星與太陽間距離減小，由萬有引力定律可知，小行星受太陽引力增大，故B錯誤；cC．由開普勒第二定律可知，從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)，小行星線速度逐漸增大，故C錯誤。D．由牛頓第二定律有解得可知即小行星在近日點(diǎn)的加速度是地球公轉(zhuǎn)加速度的，故D正確；故選D。6.某同步加速器簡化模型如圖所示，其中僅直通道PQ內(nèi)有加速電場，三段圓弧內(nèi)均有可調(diào)的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場B。帶電荷量為、質(zhì)量為m的離子以初速度從P處進(jìn)入加速電場后，沿順時針方向在加速器內(nèi)循環(huán)加速。已知加速電壓為U，磁場區(qū)域中離子的偏轉(zhuǎn)半徑均為R。忽略離子重力和相對論效應(yīng)，下列說法正確的是（）A.偏轉(zhuǎn)磁場的方向垂直紙面向里B.第1次加速后，離子的動能增加了C.第k次加速后．離子的速度大小變?yōu)镈.第k次加速后，偏轉(zhuǎn)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小應(yīng)為【答案】A【解析】【詳解】A．直線通道有電勢差為的加速電場，粒子帶負(fù)電，粒子沿順時針方向運(yùn)動，由左手定則可知，偏轉(zhuǎn)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，故A正確；BC．根據(jù)題意，由動能定理可知，加速一次后，帶電粒子的動能增量為，由于洛倫茲力不做功，則加速k次后，帶電粒子的動能增量為，加速k次后，由動能定理有解得故BC錯誤；D．粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中運(yùn)動的半徑為，則有聯(lián)立解得故D錯誤。故選A。7.如圖所示，光滑水平面上，小球M、N分別在水平恒力和作用下，由靜止開始沿同一直線相向運(yùn)動在時刻發(fā)生正碰后各自反向運(yùn)動。已知和始終大小相等，方向相反。從開始運(yùn)動到碰撞后第1次速度減為0的過程中，兩小球速度v隨時間t變化的圖像，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)牛頓第二定律兩物體受外力F大小相等，由圖像的斜率等于加速度可知M、N的加速度大小之比為4:6=2:3，可知M、N的質(zhì)量之比為6:4=3:2；設(shè)分別為3m和2m；由圖像可設(shè)MN碰前的速度分別為4v和6v，則因MN系統(tǒng)受合外力為零，向右為正方向，則系統(tǒng)動量守恒，則由動量守恒定律若系統(tǒng)為彈性碰撞在，則能量關(guān)系可知解得、因M、N的加速度大小之比仍為2：3，則停止運(yùn)動的時間之比為1:1，即兩物體一起停止，則BD是錯誤的；若不是彈性碰撞，則可知碰后速度大小之比為若假設(shè)v1=2v，則v2=3v，此時滿足則假設(shè)成立，因M、N加速度大小之比仍為2：3，則停止運(yùn)動的時間之比為1:1，對M來說碰撞前后的速度之比為4v:2v=2:1可知碰撞前后運(yùn)動時間之比為2:1，可知A正確，C錯誤。故選A。二、多項選擇題：本大題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.將可視為質(zhì)點(diǎn)的小球沿光滑冰坑內(nèi)壁推出，使小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示。已知圓周運(yùn)動半徑R為，小球所在位置處的切面與水平面夾角為，小球質(zhì)量為，重力加速度g取。關(guān)于該小球，下列說法正確的有（）A.角速度為 B.線速度大小為C.向心加速度大小為 D.所受支持力大小為【答案】AC【解析】【詳解】A．對小球受力分析可知解得故A正確；B．線速度大小為故B錯誤；C．向心加速度大小為故C正確；D．所受支持力大小為故D錯誤。故選AC。9.如圖是一種精確測量質(zhì)量的裝置原理示意圖，豎直平面內(nèi)，質(zhì)量恒為M的稱重框架由托盤和矩形線圈組成。線圈的一邊始終處于垂直線圈平面的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度不變。測量分兩個步驟，步驟①：托盤內(nèi)放置待測物塊，其質(zhì)量用m表示，線圈中通大小為I的電流，使稱重框架受力平衡；步驟②：線圈處于斷開狀態(tài)，取下物塊，保持線圈不動，磁場以速率v勻速向下運(yùn)動，測得線圈中感應(yīng)電動勢為E。利用上述測量結(jié)果可得出m的值，重力加速度為g。下列說法正確的有（）A.線圈電阻為 B.I越大，表明m越大C.v越大，則E越小 D.【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)題意電動勢E是線圈斷開時切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，I為線圈閉合時通入的電流，故不是線圈的電阻；故A錯誤；B．根據(jù)平衡條件有①故可知I越大，m越大；故B正確；C．根據(jù)公式有②故可知v越大，E越大；故C錯誤；D．聯(lián)立①②可得故D正確。故選BD。10.如圖所示，無人機(jī)在空中作業(yè)時，受到一個方向不變、大小隨時間變化的拉力。無人機(jī)經(jīng)飛控系統(tǒng)實(shí)時調(diào)控，在拉力、空氣作用力和重力作用下沿水平方向做勻速直線運(yùn)動。已知拉力與水平面成30°角，其大小F隨時間t的變化關(guān)系為F=F0－kt（F≠0，F(xiàn)0、k均為大于0的常量），無人機(jī)的質(zhì)量為m，重力加速度為g。關(guān)于該無人機(jī)在0到T時間段內(nèi)（T是滿足F>0的任一時刻），下列說法正確的有（）A.受到空氣作用力的方向會變化B.受到拉力的沖量大小為C.受到重力和拉力的合力的沖量大小為D.T時刻受到空氣作用力的大小為【答案】AB【解析】【詳解】AD．無人機(jī)經(jīng)飛控系統(tǒng)實(shí)時調(diào)控，在拉力、空氣作用力和重力作用下沿水平方向做勻速直線運(yùn)動，則無人機(jī)受到空氣作用力與重力和拉力的合力等大反向，隨著F的減小重力和拉力的合力如圖可知無人機(jī)受到空氣作用力的大小和方向均會改變，在T時刻有，F(xiàn)=F0－kT解得故A正確、D錯誤；B．由于拉力F隨時間t均勻變化，則無人機(jī)在0到T時間段內(nèi)受到拉力的沖量大小為F—t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積為，故B正確；C．將拉力分解為水平和豎直方向，則無人機(jī)受重力和拉力的合力在水平方向有無人機(jī)受重力和拉力的合力在豎直方向有0到T時間段內(nèi)無人機(jī)受重力和拉力的合力在水平方向的沖量為0到T時間段內(nèi)無人機(jī)受重力和拉力的合力在豎直方向的沖量為則0到T時間段內(nèi)無人機(jī)受到重力和拉力的合力的沖量大小為故C錯誤。故選AB。三、非選擇題：本大題共5小題，共54分?？忌鶕?jù)要求作答。11.請完成下列實(shí)驗(yàn)操作和計算。（1）在“長度的測量及其測量工具的選用”實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測微器測量小球的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)_________mm。（2）實(shí)驗(yàn)小組利用小車碰撞實(shí)驗(yàn)測量吸能材料的性能，裝置如圖所示，圖中軌道由軌道甲和乙平滑拼接而成，且軌道乙傾角較大。①選取相同的兩輛小車，分別安裝寬度為1.00cm的遮光條。②軌道調(diào)節(jié)。調(diào)節(jié)螺母使軌道甲、乙連接處適當(dāng)升高。將小車在軌道乙上釋放，若測得小車通過光電門A和B的_________。證明已平衡小車在軌道甲上所受摩擦力及其他阻力。③碰撞測試先將小車1靜置于光電門A和B中間，再將小車2在M點(diǎn)由靜止釋放，測得小車2通過光電門A的時間為t2，碰撞后小車1通過光電門B的時間為t1。若t2_________t1，可將兩小車的碰撞視為彈性碰撞。④吸能材料性能測試。將吸能材料緊貼于小車2的前端。重復(fù)步驟③。測得小車2通過光電門A的時間為10.00ms，兩車碰撞后，依次測得小車1和2通過光電門B的時間分別為15.00ms、30.00ms，不計吸能材料的質(zhì)量，計算可得碰撞后兩小車總動能與碰撞前小車2動能的比值為_________（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）8.260##8.261##8.259（2）①.時間相等②.=③.0.56【解析】【小問1詳解】根據(jù)題意，由圖可知，小球的直徑為【小問2詳解】②[1]若已平衡小車在軌道甲上所受摩擦力及其他阻力，小車將在軌道甲上做勻速直線運(yùn)動，通過兩個光電門的速度相等，即通過光電門A和B的時間相等。③[2]若兩個小車發(fā)生彈性碰撞，由于兩個小車的質(zhì)量相等，則碰撞后兩個小車的速度互換，即碰撞后小車1的速度等于碰撞前小車2的速度，則有t2=t1④[3]根據(jù)題意可知，碰撞前小車2的速度為碰撞后，小車1和小車2的速度分別為，則碰撞后兩小車總動能與碰撞前小車2動能的比值為12.科技小組制作的渦流制動演示裝置由電磁鐵和圓盤控制部分組成。圖（a）是電磁鐵磁感應(yīng)強(qiáng)度的測量電路。所用器材有：電源E（電動勢15V，內(nèi)阻不計）；電流表A（量程有0.6A和3A，內(nèi)阻不計）；滑動變阻器RP（最大阻值100Ω）；定值電阻R0（阻值10Ω）；開關(guān)S；磁傳感器和測試儀；電磁鐵（線圈電阻16Ω）；導(dǎo)線若干。圖（b）是實(shí)物圖，圖中電機(jī)和底座相固定，圓形鋁盤和電機(jī)轉(zhuǎn)軸相固定。請完成下列實(shí)驗(yàn)操作和計算。（1）量程選擇和電路連接。①由器材參數(shù)可得電路中的最大電流為_________A（結(jié)果保留2位有效數(shù)字），為減小測量誤差，電流表的量程選擇0.6A擋。②圖（b）中已正確連接了部分電路，請在虛線框中完成RP、R0和A間的實(shí)物圖連線______。（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B和電流I關(guān)系測量。①將圖（a）中的磁傳感器置于電磁鐵中心，滑動變阻器RP的滑片P置于b端。置于b端目的是使電路中的電流_________，保護(hù)電路安全。②將滑片P緩慢滑到某一位置，閉合S。此時A的示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為_________A。分別記錄測試儀示數(shù)B和I，斷開S。③保持磁傳感器位置不變，重復(fù)步驟②④下圖是根據(jù)部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪的B?I圖線，其斜率為_________mT/A（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（3）制動時間t測量。利用圖（b）所示裝置測量了t，結(jié)果表明B越大，t越小?！敬鸢浮浚?）①.0.58②.（2）①.最小②.0.48③.30【解析】【小問1詳解】①[1]由題知，電源內(nèi)阻不計、電流表內(nèi)阻不計，則當(dāng)滑動變阻器的阻值為零時，電路中有最大電流②[2]由于電路中最大電流為0.58A，則電流表應(yīng)選擇0~0.6A量程，根據(jù)電路圖實(shí)物圖連線如下【小問2詳解】①[1]滑動變阻器RP的滑片P置于b端時滑動變阻器的電阻最大，電路中的電流最小，保護(hù)電路安全。②[2]電流表讀數(shù)為0.48A。③[3]根據(jù)題圖中數(shù)據(jù)可知B?I圖線斜率為13.如圖是某鑄造原理示意圖，往氣室注入空氣增加壓強(qiáng)，使金屬液沿升液管進(jìn)入已預(yù)熱的鑄型室，待鑄型室內(nèi)金屬液冷卻凝固后獲得鑄件。柱狀鑄型室通過排氣孔與大氣相通，大氣壓強(qiáng)，鑄型室底面積，高度，底面與注氣前氣室內(nèi)金屬液面高度差，柱狀氣室底面積，注氣前氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，金屬液的密度，重力加速度取，空氣可視為理想氣體，不計升液管的體積。（1）求金屬液剛好充滿鑄型室時，氣室內(nèi)金屬液面下降的高度和氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)。（2）若在注氣前關(guān)閉排氣孔使鑄型室密封，且注氣過程中鑄型室內(nèi)溫度不變，求注氣后鑄型室內(nèi)的金屬液高度為時，氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【小問1詳解】根據(jù)體積關(guān)系可得下方液面下降高度此時下方氣體的壓強(qiáng)代入數(shù)據(jù)可得【小問2詳解】初始時，上方鑄型室氣體的壓強(qiáng)為，體積當(dāng)上方鑄型室液面高為時體積為根據(jù)玻意耳定律可得此時上方鑄型室液面高為時氣體的壓強(qiáng)為同理根據(jù)體積關(guān)系可得此時下方氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)代入數(shù)據(jù)可得14.如圖所示，用開瓶器取出緊塞在瓶口的軟木塞時，先將拔塞鉆旋入木塞內(nèi)，隨后下壓把手，使齒輪繞固定支架上的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，通過齒輪嚙合，帶動與木塞相固定的拔塞鉆向上運(yùn)動。從0時刻開始，頂部與瓶口齊平的木塞從靜止開始向上做勻加速直線運(yùn)動，木塞所受摩擦力f隨位移大小x的變化關(guān)系為，其中為常量，h為圓柱形木塞的高，木塞質(zhì)量為m，底面積為S，加速度為a，齒輪半徑為r，重力加速度為g，瓶外氣壓減瓶內(nèi)氣壓為且近似不變，瓶子始終靜止在桌面上。（提示：可用圖線下的“面積”表示f所做的功）求：（1）木塞離開瓶口的瞬間，齒輪的角速度。（2）拔塞的全過程，拔塞鉆對木塞做的功W。（3）拔塞過程中，拔塞鉆對木塞作用力的瞬時功率P隨時間t變化的表達(dá)式。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】木塞的末速度等于齒輪線速度，對木塞，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式根據(jù)角速度和線速度的關(guān)系聯(lián)立可得【小問2詳解】根據(jù)題意畫出木塞摩擦力與運(yùn)動距離的關(guān)系圖如圖所示可得摩擦力對木塞所做的功為對木塞，根據(jù)動能定理解得【小問3詳解】設(shè)開瓶器對木塞的作用力為，對木塞，根據(jù)牛頓第二定律速度位移開瓶器的功率聯(lián)立