西南大學(xué)附中高屆高三下二診模擬考試物理試卷一、單選題：本題共7小題，每小題4分，共分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.北斗二期導(dǎo)航系統(tǒng)的“心臟”是上海天文臺(tái)自主研發(fā)的星載氫原子鐘，它是利用氫原子能級(jí)躍遷時(shí)輻射abc為氫原子能級(jí)躍遷過程中所發(fā)出的三種光，則下列說法正確的是（）A.氫原子從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子B.大量處于能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，形成的線狀光譜總共有3條亮線C.在相同條件下，a、b、c三種光中，b光最容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象D.用b光照射處于能級(jí)的氫原子，氫原子會(huì)發(fā)生電離【答案】C【解析】【詳解】A．氫原子從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷時(shí)吸收光子，故A錯(cuò)誤；B．大量處于能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，形成的線狀光譜總共有條亮線，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)公式可知，在相同條件下，a、b、c三種光中，b光的波長最長，最容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故C正確；D．用b光照射處于能級(jí)的氫原子，氫原子是否能發(fā)生電離取決于b光的能量是否足以使氫原子從能級(jí)躍遷到電離態(tài)。b光的能量因此不能使處于能級(jí)的氫原子發(fā)生電離電離，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，電容式麥克風(fēng)的振動(dòng)膜是利用超薄金屬或鍍金的塑料薄膜制成的，它與基板構(gòu)成電容器，并第1頁/共18頁與電阻、電池構(gòu)成閉合回路。麥克風(fēng)正常工作時(shí)，振動(dòng)膜隨聲波左右振動(dòng)。當(dāng)振動(dòng)膜隨聲波向右振動(dòng)，與基板距離減小的過程中（）A.電容器的電容減小B.振動(dòng)膜所帶的電荷量增大C.電容器的板間電場強(qiáng)度不變D.圖中a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)振動(dòng)膜隨聲波向右振動(dòng)，與基板距離減小時(shí)，即減小，則電容器的電容增大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電容的定義式有結(jié)合上述，電容器的電容增大，極板電壓一定，則振動(dòng)膜所帶的電荷量增大，故B正確；C．根據(jù)電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系電壓一定，減小，則電容器的板間電場強(qiáng)度增大，故C錯(cuò)誤；D即振動(dòng)膜將得電子，電阻中的電流由，則圖中a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢，故D錯(cuò)誤。故選B。3.平行太陽光透過大氣中整齊的六角形冰晶時(shí)，中間的光線是由太陽直射過來的，是“真正的太陽”；左右是“假太陽”“雙太陽”的示意圖，圖乙為a、b兩種單色光穿過六角形冰晶的過程圖，則（）A.冰晶對(duì)a的折射率比對(duì)b的折射率大B.真空中a比b的速度大C.a光光子能量比b光大第2頁/共18頁D.用a、b光在相同實(shí)驗(yàn)條件下做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，a的條紋間距大【答案】D【解析】A光的折射角小于可知，冰晶對(duì)a的折射率比對(duì)b的折射率小，故A錯(cuò)誤；B．真空中a光和b光的速度相等，故B錯(cuò)誤；C．冰晶對(duì)a的折射率比對(duì)b的折射率小，光的頻率小，由可知，a光光子能量比b光小，故C錯(cuò)誤；Da的折射率比對(duì)b的折射率小，ab光在相同實(shí)驗(yàn)條件下做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，a的條紋間距大，故D正確。故選D。4.跳臺(tái)滑雪是一項(xiàng)勇敢者的運(yùn)動(dòng)，某運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)A處沿水平方向飛出，在斜面AB上的B處著陸，斜面與水平方向夾角為且足夠長，如圖所示，測得AB間的距離為40m，斜坡與水平面的夾角為，運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的有（）A.運(yùn)動(dòng)員在空中相同時(shí)間內(nèi)的速度變化逐漸增大B.運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量越大，落點(diǎn)離A越遠(yuǎn)C.運(yùn)動(dòng)員在A處的速度為D.運(yùn)動(dòng)員落在B處的速度與水平方向夾角為【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，運(yùn)動(dòng)員在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度，由可知，運(yùn)動(dòng)員在空中相同時(shí)間內(nèi)的速度變化相同，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，又有，第3頁/共18頁整理可得，代入數(shù)據(jù)解得，A處的速度為A點(diǎn)的距離與初速度的平方成正比，與質(zhì)量無關(guān)，故B錯(cuò)誤，C正確；D．運(yùn)動(dòng)員落在B處的豎直速度為則速度與水平方向夾角的正切值可見速度與水平方向夾角不等于，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，載人飛船先后在環(huán)繞地球的圓形軌道Ⅰ、橢圓軌道Ⅱ和圓形軌道Ⅲ上運(yùn)行并最終與“天和”核、AB（）A.在軌道Ⅲ上的線速度大于宇宙第一速度B.在軌道Ⅰ上A點(diǎn)應(yīng)減速才能進(jìn)入軌道ⅡC.在軌道Ⅲ和軌道Ⅰ上的線速度大小之比為D.在軌道Ⅱ和軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期之比為【答案】D【解析】第4頁/共18頁【詳解】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有解得第一宇宙速度為因?yàn)檐壍愧蟮陌霃酱笥诘厍虬霃剿栽谲壍愧笊系木€速度小于宇宙第一速度，故A錯(cuò)誤；B．載人飛船在軌道Ⅰ上A點(diǎn)應(yīng)加速離心才能進(jìn)入軌道Ⅱ，故B錯(cuò)誤；C．由萬有引力提供向心力得解得可知在軌道Ⅲ和軌道Ⅰ上的線速度大小之比為故C錯(cuò)誤；D．軌道Ⅱ的半長軸為，根據(jù)開普勒第三定律知在軌道Ⅱ和軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期之比是，故D正確。故選D。6.如圖所示，一理想變壓器原線圈可通過移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P的位置改變接入電路的匝數(shù)，b為原線圈的中點(diǎn)。當(dāng)P接aL的交流電，則（）A.當(dāng)P接a時(shí)，滑動(dòng)變阻器R兩端的電壓為B.若將P由a向b滑動(dòng)，則變壓器的輸入功率減小C.若將滑片M向下滑動(dòng)，則變壓器輸入功率增大D.若增大電源的頻率，則燈泡B將變亮第5頁/共18頁【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，原線圈輸入電壓的有效值為當(dāng)P接a時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比為，滑動(dòng)變阻器R兩端的電壓等于副線圈輸出電壓為故A錯(cuò)誤；BP由a向b器的輸入功率增大，故B錯(cuò)誤；C．若將滑片M向下滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器阻值減小，副線圈輸出功率變大，則變壓器輸入功率增大，故C正確；D．若增大電源頻率，線圈L上電流頻率增大，由可知，線圈的感抗增大，則燈泡B將變暗，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，邊長為L的正四面體ABCD的中心為O，A、B兩點(diǎn)分別固定等量異種點(diǎn)電荷、，已知O點(diǎn)到A、B的距離均為，下列說法正確的是（）A.C點(diǎn)電勢小于D點(diǎn)電勢B.將一試探電荷+Q從C點(diǎn)沿直線移到D點(diǎn)，電勢能先增大后減小C.C、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向不同D.O點(diǎn)場強(qiáng)大小為【答案】D【解析】第6頁/共18頁AB連線上所有點(diǎn)到ABC點(diǎn)電勢等于D點(diǎn)電勢，將一試探電荷+Q從C點(diǎn)沿直線移到D點(diǎn)，電勢能不變，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，由對(duì)稱性可知，C、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向相同，均平行于AB向上，故C錯(cuò)誤；D．A、B兩點(diǎn)的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小均為設(shè)、與夾角為，則有O點(diǎn)場強(qiáng)大小為故D正確故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.在一次海洋觀測中，研究人員將浮標(biāo)放置在海面上，用以觀測水波的傳播特性。某時(shí)刻一個(gè)浮漂位于波峰，另一浮漂恰好位于波谷，兩浮漂之間還有一個(gè)波峰，兩浮漂相距3m，兩浮漂在1min內(nèi)都上下振動(dòng)了15個(gè)周期。所有浮漂和波源在同一豎直平面內(nèi)，其波可視為簡諧波，下列說法正確的是（）A.該列水波的波長是2mB.該列水波的傳播速度為30m/sC.該列水波的頻率是15HzD.兩個(gè)浮漂的速度始終大小相等【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可以知道，解得，故A答案正確；B．兩浮漂在1min內(nèi)都上下振動(dòng)了15個(gè)周期，可以得出浮漂振動(dòng)的周期為又由解得故B答案錯(cuò)誤；第7頁/共18頁C．據(jù)前分析可以知道,故C答案錯(cuò)誤；D．兩浮漂的距離為半長軸的奇數(shù)倍，故兩者步調(diào)總是相反，所以兩者速度大小相等，故D答案正確；故選AD。9.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，原線圈接在電壓峰值為的正弦交變電源上，副線圈的回路中接有阻值為的電熱絲，電熱絲密封在絕熱容器內(nèi)，容器內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的理想氣體。接通電路開始加熱，加熱前氣體溫度為，已知該容器內(nèi)的氣體吸收的熱量與其溫度變化量成2倍時(shí)，則下列說法正確的是（）A.變壓器的輸出電壓為B.變壓器的輸出功率為C.容器內(nèi)氣體吸收的熱量為D.電熱絲通電的時(shí)間為【答案】BD【解析】【詳解】A．由原線圈正弦交流電的峰值可知變壓器輸入電壓有效值為設(shè)變壓器副線圈的輸出電壓為U，根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)之間的關(guān)系有聯(lián)立解得A錯(cuò)誤；B．理想變壓器的輸出功率等于R的熱功率，即B正確；第8頁/共18頁C．設(shè)加熱前容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p，則加熱后氣體的壓強(qiáng)為2p，溫度為T，容器內(nèi)的氣體做等容變化，則有由解得氣體吸收的熱量C錯(cuò)誤；D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律氣體的體積不變，所以容器是絕熱容器，則電熱絲產(chǎn)生的熱量全部被氣體吸收聯(lián)立整理得解得D正確。故選BD。10.某種彈跳桿的結(jié)構(gòu)如圖甲所示。一質(zhì)量為m的小朋友站在該種彈跳桿的腳踏板上靜止時(shí)，其重心處于空中O點(diǎn)，然后小朋友雙手抓住橫桿開始彈跳，小朋友從地面上升、下落，與地面作用，再彈起，往復(fù)運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示。以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，在豎直方向建立小朋友重心位置數(shù)軸，如圖丙。某次，小朋友從最高點(diǎn)開始下落到重心運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，此過程中加速度以向下為正方向隨重心位置變化的關(guān)系如圖丁。假設(shè)小朋友運(yùn)動(dòng)中始終保持站立狀態(tài)，不計(jì)空氣阻力和彈跳桿的重力，重力加速度大小為g，則（）A.從到過程，小朋友做簡諧運(yùn)動(dòng)B.在O點(diǎn)處，小朋友的速度大小為第9頁/共18頁C.在處，小朋友的加速度大小可表示為D.、和大小滿足【答案】BD【解析】【詳解】A．由丁圖可知，根據(jù)，可判斷，從到過程，小朋友做的不是簡諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BCD點(diǎn)時(shí)速度最大，在和時(shí)速度為零。根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得可得故圖像的面積大小由丁圖可得聯(lián)立解得，故C錯(cuò)誤，BD正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：共分。某同學(xué)在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的裝置，小車的總質(zhì)量用表示，重物的質(zhì)量用表示，各滑輪均光滑。（1）實(shí)驗(yàn)中將木板左端適當(dāng)墊高以平衡摩擦，所掛重物的質(zhì)量_____（填“需要”或“不需要”）遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量。第10頁/共18頁（2）當(dāng)重物的質(zhì)量一定時(shí)，畫出小車的圖像如圖乙所示，圖像為過原點(diǎn)的直線，末端略微彎曲，圖像彎曲的原因是_____；已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，則懸掛重物的質(zhì)量_____（?！敬鸢浮浚?）需要（2）①.見解析②.25【解析】【小問1詳解】整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得對(duì)小車受力分析則有聯(lián)立解得當(dāng)遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量。【小問2詳解】[1]圖像彎曲的原因就是由于沒有滿足掛重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量導(dǎo)致的。[2]根據(jù)牛頓第二定律可得解得故在圖像中，其斜率為又因?yàn)榻獾?2.某同學(xué)用普通的干電池（電動(dòng)勢，內(nèi)阻，內(nèi)阻和電阻箱、等組裝成一個(gè)簡單的歐姆表，電路如圖甲所示，通過控制開關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“”和“”兩種倍率。第11頁/共18頁（1）圖甲中b表筆為________（選填“紅表筆”或“黑表筆”）（2Sab表筆間接入待測電阻，電流表指針指向如圖乙所示的位置，則待測電阻的阻值為________。（3）閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱R2和R，當(dāng)________且________時(shí)，將紅黑表筆短接，電流表再次滿偏，電流表就改裝成了另一倍率的歐姆表。（4S，這個(gè)電阻的真實(shí)值是________【答案】（1）紅表筆（2）1000（3）①.78②.83（4）93【解析】【小問1詳解】由“紅入黑出”可知，b端應(yīng)與紅表筆連接?！拘?詳解】滿偏時(shí)有解得歐姆表的內(nèi)阻表盤的中值電阻為，電流表指針指向如圖乙所示的位置時(shí)的讀數(shù)為，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有第12頁/共18頁解得【小問3詳解】[1][2]閉合開關(guān)S，歐姆表的內(nèi)阻變小，倍率變小至“×10”，調(diào)節(jié)電阻箱R2和R，使電流表滿偏時(shí)歐姆表內(nèi)阻為，電路總電流為根據(jù)歐姆定律，有表的內(nèi)阻為解得【小問4詳解】設(shè)電流表滿偏電流，歐姆調(diào)零時(shí)則當(dāng)電動(dòng)勢變小、內(nèi)阻變大時(shí)，由于歐姆表重新調(diào)零，內(nèi)阻的變化不影響，由于滿偏電流不變，由知，歐姆表的內(nèi)阻變小，用歐姆表測電阻時(shí)解得四、計(jì)算題：共分。13.dR的定值電阻，一質(zhì)量為m、有效電阻為r的導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，空間存在豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，現(xiàn)給導(dǎo)體棒一個(gè)水平向右的初速度v，導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，求：第13頁/共18頁（1）整個(gè)過程導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量Q；（2）導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)的最大距離x?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】根據(jù)能量守恒可知，整個(gè)過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為則整個(gè)過程導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量為可得【小問2詳解】對(duì)導(dǎo)體棒根據(jù)動(dòng)量定理可得又聯(lián)立解得導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為14.如圖所示，一“”形平板靜止在光滑水平面上，其上表面粗糙，右側(cè)為豎直彈性擋板（即物體O點(diǎn)正下方，并輕靠在物塊左側(cè)，現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置時(shí)，靜止釋放小球，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊發(fā)生彈L=0.8mm=0.5kgM=1.5kg，平板長s=1.25m，小球、物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與物塊碰撞前向心加速度的大?。唬?）小球與物塊碰撞后的瞬間，物塊速度的大小；第14頁/共18頁（3）若物塊恰好不脫離平板，求物塊與平板上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮浚?）20m/s2（2）2m/s（3）0.04【解析】【小問1詳解】小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過程中，由動(dòng)能定理知解得小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的速度大小在最低點(diǎn)【小問2詳解】小球與物塊碰撞過程中，由動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得,聯(lián)立解得小球與物塊碰撞后瞬間，物塊速度的大小為【小問3詳解】v量守恒定律有，聯(lián)立解得物塊與平板上表面動(dòng)摩擦因數(shù)為15.xOy邊界互相平行且寬度均為d的兩個(gè)區(qū)域，分別分布著方向豎直向下的勻強(qiáng)電場和方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，調(diào)節(jié)電場和磁場大小，可以控制飛出的帶電粒子的速度大小及方向，現(xiàn)將質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子在邊界P處由靜止釋放，粒子恰好以速度