學(xué)年度高三年級(jí)第二次檢測(cè)模擬卷物理考生注意：本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿(mǎn)分分，考試時(shí)間分鐘。答題前，考生務(wù)必用直徑毫米黑色墨水簽字筆將密封線(xiàn)內(nèi)項(xiàng)目填寫(xiě)清楚。考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題（本題共小題，共分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第題中只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，第題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.2024年10月3PhysicalReviewC期刊上發(fā)表了中國(guó)科學(xué)院近代物理研究所的研究成果：研究團(tuán)隊(duì)合成新核素钚-227的衰變方程為列說(shuō)法正確的是（）A.Y的電離能力較強(qiáng)，但穿透能力較弱B.該反應(yīng)遵循電荷數(shù)守恒和質(zhì)量守恒定律C.原子核的結(jié)合能小于原子核的結(jié)合能D.100個(gè)钚原子核經(jīng)過(guò)兩個(gè)半衰期后還剩余25個(gè)【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒定律可知為，則氦核的電離能力較強(qiáng)，但穿透能力較弱，故A正確；B．該反應(yīng)遵循電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒定律，但質(zhì)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C衰變?yōu)楹驮雍说慕Y(jié)合能可能大于原子核的結(jié)合能，故C錯(cuò)誤；D．半衰期是大量粒子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，100個(gè)钚原子核經(jīng)過(guò)兩個(gè)半衰期后不一定剩余25個(gè)，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示，一個(gè)半球形的碗固定在桌面上，O為球心，碗口水平，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根輕第1頁(yè)/共19頁(yè)質(zhì)細(xì)線(xiàn)跨在碗口上，細(xì)線(xiàn)的兩端分別系有兩個(gè)小球P和Q，當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí)，碗內(nèi)的小球P和O點(diǎn)的連線(xiàn)與豎直方向的夾角，另一小球Q靜止于空中。兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，則碗內(nèi)小球P與碗外小球Q的質(zhì)量之比為（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)碗內(nèi)小球P質(zhì)量為，碗外小球Q的質(zhì)量為M，根據(jù)受力平衡可得，細(xì)線(xiàn)的拉力以碗內(nèi)小球P為對(duì)象，設(shè)小球受到碗的支持力為N，根據(jù)受力平衡可得，解得聯(lián)立可得即故選C。3.如圖所示是同一地點(diǎn)的甲、乙兩單擺的部分振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲、乙兩單擺的擺長(zhǎng)之比為第2頁(yè)/共19頁(yè)B.乙單擺的振動(dòng)方程C.甲單擺的機(jī)械能小于乙單擺的機(jī)械能D.內(nèi)，甲擺球的重力勢(shì)能增大，乙擺球的重力勢(shì)能減小【答案】B【解析】【詳解】A．由振動(dòng)圖像可知，甲、乙單擺的周期，根據(jù)單擺周期公式可知故A錯(cuò)誤；B．對(duì)乙單擺有，故由圖可知，時(shí)刻，乙單擺的位移為0，且向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故乙單擺的振動(dòng)方程為故B正確；C能比較機(jī)械能的大小，故C錯(cuò)誤；D．內(nèi)，甲、乙擺球均從平衡位置向最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，故甲、乙擺球的重力勢(shì)能均增大，故D錯(cuò)誤。故選B。4.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材，其簡(jiǎn)化模型如圖所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的配重用輕繩懸掛到腰帶的P點(diǎn)，配重隨輕繩在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，輕繩與豎直方向的夾角為。運(yùn)動(dòng)過(guò)程中腰帶與人相對(duì)靜止，下列說(shuō)法正確的是（）第3頁(yè)/共19頁(yè)A.若僅增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力將增大B.若僅增大轉(zhuǎn)速，繩子與豎直方向夾角將減小C.若僅增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，繩子與豎直方向的夾角將減小D.若僅增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，腰帶受到的摩擦力將增大【答案】D【解析】【詳解】AD．以腰帶和配重整體為研究對(duì)象，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)平衡條件，整體在豎直方向處于平衡狀態(tài)，所以f=（m+m）g故增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力不變；若僅增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，腰帶受到的摩擦力將增大，故A錯(cuò)誤，D正確；BC．根據(jù)則將不變，選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；故選D。5.sH和墻面碰撞后，水平方向速度減小為原來(lái)的一半，豎直方向速度保持不變，碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，則小球與墻壁碰撞位置的離地高度為（）第4頁(yè)/共19頁(yè)A.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)小球與墻壁碰撞前運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，碰撞后到落地的時(shí)間為，由平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)可知，解得設(shè)小球與墻壁碰撞位置的離地高度為h，豎直方向有解得故選A。6.火星沖日現(xiàn)象是火星、地球、太陽(yáng)三者處于同一直線(xiàn)上，地球處于太陽(yáng)、火星之間，此時(shí)是觀察火星的最佳時(shí)間。如圖所示，假設(shè)火星和地球在同一平面內(nèi)沿同一方向繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知火星到太陽(yáng)中心的距離約是地球到太陽(yáng)中心的距離的1.5倍，下列說(shuō)法正確的是（）A.火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期約為15個(gè)月B.地球與火星公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度大小之比為C.地球與火星公轉(zhuǎn)的向心加速度大小之比為D.兩次火星沖日現(xiàn)象的時(shí)間間隔約為26.4個(gè)月【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得又因?yàn)槁?lián)立解得第5頁(yè)/共19頁(yè)故A錯(cuò)誤；B．火星、地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)，萬(wàn)有引力提供向心力，可得解得故地球與火星公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度大小之比為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可得解得故地球與火星公轉(zhuǎn)的向心加速度大小之比為故C正確；D．地球公轉(zhuǎn)的角速度比火星公轉(zhuǎn)的角速度快兩次火星沖日的時(shí)間內(nèi)，地球比火星多轉(zhuǎn)一圈，故兩次火星沖日現(xiàn)象的時(shí)間間隔為故D正確。故選D。7.如圖所示，兩相鄰寬度均為L(zhǎng)的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁場(chǎng)方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的單匝正方形線(xiàn)框abcd的ab邊與磁場(chǎng)左邊界共線(xiàn)，線(xiàn)框在外力作用下，以速度v勻速穿越有界磁場(chǎng)。以ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，規(guī)定線(xiàn)框中感應(yīng)電流i逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较?，力方向向右為正方向，ab邊所受安培力為，外力為F，下列圖像正確的是（）第6頁(yè)/共19頁(yè)A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】時(shí)間內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向逆時(shí)針，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流為ab兩點(diǎn)間的電勢(shì)差ab所受的安培力大小為方向向左，外力方向向右；時(shí)間內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向順時(shí)針，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流為ab兩點(diǎn)間的電勢(shì)差ab所受的安培力大小為方向向左，cd所受的安培力大小也為第7頁(yè)/共19頁(yè)方向向左，則外力方向向右；時(shí)間內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向逆時(shí)針，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流為ab兩點(diǎn)間的電勢(shì)差ab所受的安培力大小為cd所受的安培力大小為方向向左，則外力方向向右；綜合分析可知選項(xiàng)B正確。故選B。8.下列說(shuō)法正確的是（）A.分子力隨分子間距離的減小一定增大B.外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能一定增加C.晶體在熔化過(guò)程中吸收熱量，分子勢(shì)能一定增大D.某容器內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能減小，分子數(shù)密度增大，則氣體的壓強(qiáng)可能不變【答案】CD【解析】【詳解】A．當(dāng)分子間距離達(dá)到某值時(shí)，分子間作用力為0，當(dāng)大于此值時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，當(dāng)分子間距離減小時(shí)，分子力先增大后減小，故A錯(cuò)誤；BB錯(cuò)誤；C體在熔化過(guò)程中吸收了熱量，內(nèi)能增加，故其分子勢(shì)能一定增大，C正確。D．某容器內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能減小，分子數(shù)密度增大，根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可知，氣體的壓強(qiáng)可能不變，故D正確。故選CD。9.如圖所示的電路中，電容器甲、乙通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)連接，閉合開(kāi)關(guān)S一段時(shí)間后，電容器乙兩極板間的帶電液第8頁(yè)/共19頁(yè)滴恰好靜止。現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，隨后將電容器甲的下極板向上平移少許，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器甲的電容減小B.電容器乙兩極板間的電壓減小C.液滴將向上運(yùn)動(dòng)D.流過(guò)靈敏電流計(jì)的電流方向向右【答案】BD【解析】A可知電容器甲的電容增大，故A錯(cuò)誤；BC．設(shè)閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定時(shí)兩電容器的電壓均為U，則甲電容器的電荷量為乙電容器的電荷量為則兩電容器的總電荷量為開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后，兩電容器的總電荷量保持不變，可知兩電容器極板間的電壓均減小，根據(jù)可知電容器乙中的電場(chǎng)強(qiáng)度減小，電場(chǎng)力減小，小于重力，則液滴將向下運(yùn)動(dòng)，故B正確，C錯(cuò)誤；D板帶正電，則流過(guò)靈敏電流計(jì)的電流方向向右，故D正確。故選BD。10.定在圓盤(pán)邊緣處的小圓柱帶動(dòng)T形絕緣支架在水平方向往復(fù)運(yùn)動(dòng)，T形支架進(jìn)而驅(qū)動(dòng)導(dǎo)體棒在光滑的水平2V時(shí)，燈泡剛好正常發(fā)光。已知導(dǎo)軌間距，導(dǎo)體棒、導(dǎo)線(xiàn)及導(dǎo)軌電阻不計(jì)，電壓表為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）第9頁(yè)/共19頁(yè)A.圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為4sB.電壓表的示數(shù)為C.理想變壓器的匝數(shù)比為D.燈泡兩端電壓的頻率為2Hz【答案】AC【解析】【詳解】A．由速度隨時(shí)間變化的關(guān)系式可知，圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，則圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為故A正確；B．導(dǎo)體棒切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為可知電動(dòng)勢(shì)的峰值為，電壓表示數(shù)為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值，則電壓表的示數(shù)為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)理想變壓器電壓表等于匝數(shù)比，可得匝數(shù)比故C正確；D．變壓器不改變頻率，則燈泡兩端電壓的頻率為故D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題（本題共5小題，共分）某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)利用如圖甲所示的電路“”指針向右偏轉(zhuǎn)，從負(fù)接線(xiàn)柱流入指針向左偏轉(zhuǎn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將單刀雙擲開(kāi)關(guān)接“1”，通過(guò)計(jì)算機(jī)描繪出的電第10頁(yè)/共19頁(yè)流隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示。（1）將單刀雙擲開(kāi)關(guān)從斷開(kāi)到接“1”、穩(wěn)定后接“2”、到再次穩(wěn)定的全過(guò)程中，關(guān)于靈敏電流。指針的偏轉(zhuǎn)，下列說(shuō)法正確的是_______。A.先向右偏然后回到零，再向右偏然后回到零B.先向右偏然后回到零，再向左偏然后回到零C.先向左偏然后回到零，再向左偏然后回到零D.先向左偏然后回到零，再向右偏然后回到零（2）已知電源的電動(dòng)勢(shì)。根據(jù)圖乙，可知電容器的電容_______F（3（填“變長(zhǎng)”“不變”或“變短”）【答案】（1）B（2）（3）變長(zhǎng)【解析】【小問(wèn)1詳解】單刀雙擲開(kāi)關(guān)從斷開(kāi)到接“1線(xiàn)柱流入，故靈敏電流指針先向右偏，充電完畢后回路中電流為零，此時(shí)指針回到零。單刀雙擲開(kāi)關(guān)穩(wěn)定后接“2”，電容器和和電阻和靈敏電流計(jì)組成回路，電容器放電，電流從負(fù)接線(xiàn)柱流入，故靈敏電流指針先向左偏，放電完畢后回路中電流為零，此時(shí)指針回到零。故指針的偏轉(zhuǎn)情況是：先向右偏然后回到零，再向左偏然后回到零。故選B?！拘?wèn)2詳解】根據(jù)圖乙，圖線(xiàn)與坐標(biāo)軸所圍區(qū)域大于等于半個(gè)的格數(shù)個(gè)數(shù)為，每個(gè)小格表示第11頁(yè)/共19頁(yè)故電容所帶電荷量電容器兩端電壓可知電容器的電容【小問(wèn)3詳解】只增大電阻，由閉合電路歐姆定律知，將開(kāi)關(guān)擲向1時(shí)電容器開(kāi)始充電的電流減小，則曲線(xiàn)與縱軸交點(diǎn)的位置將向下移動(dòng)，而充電時(shí)曲線(xiàn)與橫軸所圍成的面積將不變，所以充電時(shí)間將變長(zhǎng)。12.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置“驗(yàn)證動(dòng)能定理”，并完成了如下的操作：①按如圖甲所示的裝置組裝實(shí)驗(yàn)器材，調(diào)整滑輪的高度使細(xì)線(xiàn)與長(zhǎng)木板平行；②取下砂桶，將長(zhǎng)木板的右端適當(dāng)墊高，紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，開(kāi)啟電源釋放小車(chē)，直到在紙帶上打下一系列均勻的點(diǎn)為止；③掛上砂桶，并在砂桶中放入適量的沙子，用天平測(cè)出砂桶和沙的總質(zhì)量為m，然后將裝置由靜止釋放，重復(fù)操作，從其中選擇一條點(diǎn)跡比較清晰的紙帶，如圖乙所示。已知紙帶中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫(huà)出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)頻率，重力加速度大小為g。（1）打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)，小車(chē)的速度大小_______m/s。第12頁(yè)/共19頁(yè)（2M1~515時(shí)小車(chē)的速度大小分別為和，則驗(yàn)證系統(tǒng)動(dòng)能定理的表達(dá)式為_(kāi)______（3圖像如圖丙所示，其中，則小車(chē)的質(zhì)量_______kg。（4）假設(shè)已經(jīng)完全消除了摩擦力和其他阻力的影響，若砂桶和桶中沙的總質(zhì)量不滿(mǎn)足遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，且關(guān)系的是_______圖線(xiàn)直線(xiàn)部分的斜率為k，則從理論上分析，可知小車(chē)的質(zhì)量_______?！敬鸢浮浚?）0192（2）（3）0.4（4）①.A②.【解析】【小問(wèn)1詳解】相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間是時(shí)間間隔為則打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)，小車(chē)的速度大小為【小問(wèn)2詳解】根據(jù)動(dòng)能定理可知小問(wèn)3詳解】若砂桶和桶中沙的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，根據(jù)動(dòng)能定理化簡(jiǎn)可得結(jié)合圖像可知可得小車(chē)的質(zhì)量為第13頁(yè)/共19頁(yè)【小問(wèn)4詳解】[1]若砂桶和桶中沙的總質(zhì)量不滿(mǎn)足遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，根據(jù)動(dòng)能定理化簡(jiǎn)可得結(jié)合圖像可知，選項(xiàng)A符合。故選A。[2]由上式可知可得小車(chē)的質(zhì)量為13.如圖甲所示是“足球”在的豎直截面的正視圖，且AB是沿水平方向的直徑，當(dāng)激光水平向右從C點(diǎn)射入時(shí)，可從右側(cè)的B點(diǎn)射出。已知玻璃球的半徑為RC到AB的豎直距離h=，且玻璃球內(nèi)的“足球”是不透光體，不考慮反射光的情況下，光在真空中的速率為c，求：（1）B點(diǎn)的出射光相對(duì)C點(diǎn)入射光方向的偏折角；（2）激光在玻璃球中的傳播時(shí)間。【答案】（1）（2）【解析】【小問(wèn)1詳解】光從C點(diǎn)到B點(diǎn)的光路圖如圖所示第14頁(yè)/共19頁(yè)光在C點(diǎn)折射，由折射定律可知其中由幾何關(guān)系可得解得折射率為光在B點(diǎn)折射，由折射定律可知可得故B點(diǎn)的出射光相對(duì)C點(diǎn)入射光方向偏折角為?！拘?wèn)2詳解】激光在玻璃球中的傳播速度為激光在玻璃球中的傳播距離為所以激光在玻璃球中的傳播時(shí)間為14.xOy的第一象限內(nèi)存在沿yON為直徑、P為圓心、半徑為R的半圓形區(qū)域內(nèi)，存在垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為y軸正半軸上處的M點(diǎn)以大小為的初速度垂直于y軸射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，經(jīng)x軸上的P點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后以垂直于y軸的方向射出勻強(qiáng)磁場(chǎng)。不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；第15頁(yè)/共19頁(yè)（3）粒子從M點(diǎn)到再次經(jīng)過(guò)y軸的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳解】設(shè)粒子在電場(chǎng)中做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得【小問(wèn)2詳解】設(shè)粒子在P點(diǎn)的豎直分速度大小為，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有設(shè)粒子在P點(diǎn)的速度與水平方向夾角為，根據(jù)速度的合成與分解有解得故設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，根據(jù)牛頓第二定律有第16頁(yè)/共19頁(yè)根據(jù)幾何關(guān)系可得聯(lián)立解得【小問(wèn)3詳解】粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期故粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間從磁場(chǎng)中出來(lái)打到y(tǒng)軸上的時(shí)間粒子從M點(diǎn)到再次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)間15.如圖所示，長(zhǎng)的水平傳送帶以恒定的速度向左傳動(dòng)，其左端與長(zhǎng)的水平面平滑地銜接，緊靠水平面的左端放置長(zhǎng)，質(zhì)量的長(zhǎng)木板C，長(zhǎng)木板C的上表面與右側(cè)的水平面等高。質(zhì)量的滑塊A輕輕地放到傳送帶的最右端，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間與放在水平面的滑塊BA與傳送帶間的動(dòng)摩擦因