…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列關(guān)于速度、加速度、力的關(guān)系說法中正確的是（）A.力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.物體運(yùn)動(dòng)的速度大，說明其受到的力大C.物體受到力的作用，一定具有加速度；物體具有加速度，一定受到力的作用D.力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，加速度的方向和合外力的方向一致2、對(duì)于真空中電荷量為q的靜止點(diǎn)電荷，當(dāng)選取離點(diǎn)電荷無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零時(shí)，離點(diǎn)電荷距離為r的位置的電勢(shì)為φ=（k為靜電力常量）．如圖所示，在真空中A、B兩點(diǎn)分別放有帶電荷量為+2Q和+Q的同種點(diǎn)電荷，以AB連線中點(diǎn)O為中心作一正方形，a、O、c三點(diǎn)恰好將AB四等分，b，d為AB的中垂線與正方形兩邊的交點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A.場(chǎng)強(qiáng)的大小關(guān)系為Ea＞Ec，Eb=EdB.電勢(shì)的大小關(guān)系為φa＞φc，φb＞φdC.在AB連線上O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最小D.將一正點(diǎn)電荷沿直線有b運(yùn)動(dòng)到d的過程中電勢(shì)能始終不變3、如圖所示，傾角為30°的粗糙斜面與傾角為60°的足夠長(zhǎng)的光滑斜面對(duì)接在一起，兩斜面上分別放有質(zhì)量均為m的物塊甲和乙，兩物塊通過一跨過定滑輪的細(xì)線連在一起．在平行于斜面的拉力F的作用下兩物塊做勻速運(yùn)動(dòng)．從圖示位置開始計(jì)時(shí)，在甲物塊與滑輪相碰前的一段時(shí)間內(nèi)，下面的圖象中，x表示每個(gè)物塊所通過的路程，E表示兩物塊組成的系統(tǒng)的機(jī)械能，EP表示兩物塊組成的系統(tǒng)的重力勢(shì)能，Wf表示甲物塊克服摩擦力所做的功，WF表示拉力F對(duì)乙物塊所做的功，則圖象中所反映的關(guān)系可能正確的是（）A.B.C.D.4、一顆手榴彈以v0=10m/s的速度在空中水平飛行，設(shè)它爆炸后裂為兩塊，小塊質(zhì)量為0.2kg，沿原方向以250m/s的速度飛去，那么，質(zhì)量為0.4kg的大塊在爆炸后速度大小和方向是（）A.125m/s，與v0反向B.110m/s，與v0反向C.240m/s，與v0反向D.110m/s，與v0同向5、如圖所示，衛(wèi)星a，b分別繞行星甲、乙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知a，b的軌道半徑之比為1：2，線速度大小之比為2：1，則甲、乙兩行星的質(zhì)量之比為（）A.2：1B.1：C.4：1D.1：1評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、（2011秋?呂梁校級(jí)期末）粗細(xì)均勻的電阻絲圍成的正方形線框置于有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線框平面，其邊界與正方形線框的邊平行．現(xiàn)使線框以同樣大小的速度沿兩個(gè)不同方向平移出磁場(chǎng)，如圖所示，則在移出過程中線框的一條邊a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差的絕對(duì)值之比為____．7、（2013?甘肅模擬）（1）如圖為一個(gè)小球做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)的頻閃照片，它是每隔s的時(shí)間拍攝的．從某個(gè)稍大些的位置間隔開始測(cè)量，照片上邊的數(shù)字表示的是這些相鄰間隔的序號(hào)，下邊的數(shù)值是用刻度尺測(cè)出的其中兩個(gè)間隔的長(zhǎng)度．根據(jù)所給的兩個(gè)數(shù)據(jù)，則可以求出間隔3的長(zhǎng)度約為____cm．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

（2）已知游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm，游標(biāo)尺上有10個(gè)小的等分刻度，它的總長(zhǎng)等于9mm，用這個(gè)游標(biāo)尺測(cè)得某物體長(zhǎng)度為2.37cm．則這時(shí)是游標(biāo)尺上的第____條刻度線與主尺上的第____條刻度線對(duì)齊．8、重為20N的木塊放在水平桌面上，已知木塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，至少用10N的水平推力才能使木塊開始運(yùn)動(dòng)，木塊與地面之間的最大靜摩擦力Fmax=____N；使木塊沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的水平拉力F=____N．9、科學(xué)研究表明：空氣對(duì)運(yùn)動(dòng)物體的阻力與物體速度的大小有關(guān)，物體速度越大，其受到的空氣阻力越大．若不考慮雨滴質(zhì)量的變化和風(fēng)速的影響，雨滴由云層向地面下落的過程中，其運(yùn)動(dòng)情況是先做____運(yùn)動(dòng)，后做____運(yùn)動(dòng)．（選填“加速”、“減速”或“勻速”）10、（2014?江蘇模擬）某同學(xué)做了如圖所示的探究性實(shí)驗(yàn)，U形管左口管套有一小氣球，管內(nèi)裝有水銀，當(dāng)在右管內(nèi)再注入一些水銀時(shí)，氣球?qū)⒐牡酶螅僭O(shè)封閉氣體與外界絕熱，則在注入水銀時(shí)，封閉氣體的體積____，壓強(qiáng)____，溫度____，內(nèi)能____．（填“增大”、“減小”、“升高”、“降低”或“不變”）11、（2013?天津二模）如圖所示，一束激光從O點(diǎn)由空氣射入厚度均勻的介質(zhì)經(jīng)下表面反射后，從上面A點(diǎn)射出．已知入射角為i，A與O相距l(xiāng)，介質(zhì)的折射率為n．則該激光在介質(zhì)中從O到A的傳播時(shí)間t=____．12、將一帶電量為-1×10-10C的點(diǎn)電荷放在電場(chǎng)中的P點(diǎn)，它受到的電場(chǎng)力大小為1×10-6N，方向向左．由此可知，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為____N/C，方向向____．若將電荷從P點(diǎn)移走，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為____N/C，方向向____．若在P點(diǎn)放一帶電量為+1×10-9C的點(diǎn)電荷，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為____N/C，方向向____．13、（2013?昌平區(qū)模擬）如圖所示，質(zhì)量為20kg的物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，它沿水平面向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中受到水平向左、大小為F=10N的拉力作用，如果取g=10m/s2，則此時(shí)物體所受的摩擦力大小為____N，方向?yàn)開___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、任意兩條電場(chǎng)線都不相交．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、當(dāng)達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、任何液體的表面分子排列都比內(nèi)部分子稀疏．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化模型，實(shí)際上并不存在，所以，引入這個(gè)概念沒有多大意義．____．評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共9分)21、研究小組通過分析、研究發(fā)現(xiàn)，彈簧的彈性勢(shì)能EP與彈簧形變量x的關(guān)系為EP=Cxn，其中，C為與彈簧本身性質(zhì)有關(guān)的已知常量；為了進(jìn)一步探究n的數(shù)值，通常采用取對(duì)數(shù)作函數(shù)圖象的方法來確定．為此他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，L型長(zhǎng)直平板一端放在水平桌面上，另一端放在木塊P上；實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，移動(dòng)木塊P到某一位置，使小車可以在板面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)．彈簧一端固定在平板上端，在平板上標(biāo)出彈簧未形變時(shí)另一端位置O，A點(diǎn)處放置一光電門，用光電計(jì)時(shí)器記錄小車的擋光板經(jīng)過光電門的擋光時(shí)間．

（1）某同學(xué)建議按以下步驟采集實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)；以便作出lgv與lgx的函數(shù)圖象：

A．用游標(biāo)卡尺測(cè)出小車的擋光板寬度d

B．用天平稱出小車的質(zhì)量m

C．用刻度尺分別測(cè)出OA距離L，O點(diǎn)到桌面的高度h1，A點(diǎn)到桌面的高度h2

D．將小車壓縮彈簧一段距離；用刻度尺測(cè)出彈簧壓縮量x；再將小車由靜止釋放，從光電計(jì)時(shí)器上讀出小車的擋光板經(jīng)過光電門的擋光時(shí)間t

E．改變小車壓縮彈簧的壓縮量；重復(fù)步驟D

根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，你認(rèn)為必須的實(shí)驗(yàn)步驟是______；

（2）若小車的擋光板寬度為d，經(jīng)過光電門的擋光時(shí)間為t，則小車過A點(diǎn)的速度v=______；

（3）取lgv為縱坐標(biāo)，lgx為橫坐標(biāo)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描點(diǎn)畫出，如圖所示的圖象．已知該直線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，a），與橫軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為（-b，0）；由圖可知，n=______．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共12分)22、把一個(gè)量程為5mA的電流表改裝成歐姆表R×1擋，電流表的內(nèi)阻是50Ω，電池的電動(dòng)勢(shì)是1.5V，經(jīng)過調(diào)零之后測(cè)電阻，當(dāng)歐姆表指針指到滿偏的位置時(shí)，被測(cè)電阻的阻值是多大？23、在做《研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)》的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條紙帶，如圖所示，并且每隔四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，已知每?jī)蓚€(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離為s，且s1=0.96cm，s2=2.88cm，s3=4.80cm，s4=6.72cm，s5=8.64cm，s6=10.56cm；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源頻率為50Hz．

（1）相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間所對(duì)應(yīng)的時(shí)間T=____s，根據(jù)____確定小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

（2）計(jì)算此小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小a=____m/s2，打第4個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的速度大小v=____m/s．請(qǐng)你依據(jù)本實(shí)驗(yàn)推斷第6記數(shù)點(diǎn)和第7記數(shù)點(diǎn)之間的距離是____cm；

（3）如果當(dāng)時(shí)交變電流的頻率是f=49Hz，而做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，那么加速度的測(cè)量值與實(shí)際值相比____（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）．24、某同學(xué)為了測(cè)定一只約為100Ω的電阻的阻值；采用了如下方法：

（1）用多用電表粗測(cè)：多用電表電阻擋有4個(gè)倍率：分別為×1k、×100、×10、×1．該同學(xué)選擇×100倍率，用正確的操作步驟測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大．為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)該將選擇開關(guān)置于____（填×1k；×10、×1）的倍率．

（2）該同學(xué)用伏安法繼續(xù)測(cè)定這只電阻的阻值；要求電阻兩端的電壓由零開始連續(xù)變化，除被測(cè)電阻外，還有如下實(shí)驗(yàn)儀器：

A．直流電源（電壓3V，內(nèi)阻不計(jì)）B．電壓表V1（量程：0～3V；內(nèi)阻約為5kΩ）

C．電壓表V2（量程：0～15V；內(nèi)阻約為25kΩ）

D．電流表A1（量程：0～250mA；內(nèi)阻約為0.1Ω）

E．電流表A2（量程：0～25mA；內(nèi)阻約為10Ω）F．滑動(dòng)變阻器（0～20Ω，1.0A）

G．滑動(dòng)變阻器（500Ω；0.2A）H．電鍵一只，導(dǎo)線若干。

在上述儀器中，電壓表應(yīng)選擇____（填“V1”或“V2”），電流表應(yīng)選擇____（填“A1”或“A2”）．滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇____（填F或G）．

（3）請(qǐng)?jiān)谙旅娣娇騼?nèi)畫出電路原理圖，完成所給的實(shí)驗(yàn)器材的實(shí)物圖的連接．25、（2014秋?白銀區(qū)校級(jí)期中）在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中；測(cè)定阻值約為3-5Ω的金屬絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)中所用的電壓表規(guī)格：量程0-3V；內(nèi)阻3kΩ；電流表規(guī)格：量程0-0.6A、內(nèi)阻0.1Ω；還有其他一些器材：

（1）在給定的方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖；

（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲的直徑如圖所示，可知金屬絲的直徑d=____mm；

（3）實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)出的物理量是____；電阻率的計(jì)算公式為ρ=____．評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共10分)26、如圖所示，在xoy坐標(biāo)系坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一點(diǎn)狀的放射源，它向xoy平面內(nèi)的x軸上方各個(gè)方向發(fā)射α粒子，α粒子的速度大小均為v0，在0＜y＜d的區(qū)域內(nèi)分布有指向y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=，其中q與m分別為α粒子的電量和質(zhì)量；在d＜y＜2d的區(qū)域內(nèi)分布有垂直于xoy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，mn為電場(chǎng)和磁場(chǎng)的邊界．a(chǎn)b為一塊很大的平面感光板垂直于xoy平面且平行于x軸，放置于y=2d處，如圖所示．觀察發(fā)現(xiàn)此時(shí)恰好無粒子打到ab板上．（q、d、m、v0均為已知量；不考慮α粒子的重力及粒子間的相互作用），求：

（1）α粒子通過電場(chǎng)和磁場(chǎng)邊界mn時(shí)的速度大小及此時(shí)距y軸的最大距離；

（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；

（3）將ab板至少向下平移多大距離才能使所有的粒子均能打到板上？此時(shí)ab板上被α粒子打中的區(qū)域的長(zhǎng)度．27、證明：要想發(fā)射一顆80min繞地球一周的衛(wèi)星是不可能的，已知地球質(zhì)量M=6.0×1024kg，地球半徑R=6.4×106m，萬有引力常量G=6.67×10-11N?m2/kg2．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】牛頓第一定律明確了和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，給出了力概念，同時(shí)提出了慣性概念，正確理解牛頓第一定律即可解答本題．【解析】【解答】解：A；力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；故A錯(cuò)誤；

B；物體的速度大小與受力大小無關(guān)；速度很大的做勻速運(yùn)動(dòng)的物體受合力為零；故B錯(cuò)誤；

C；物體受到力的作用不一定有加速度；如合力為零時(shí)；故C錯(cuò)誤；

D；力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；由牛頓第二定律可知，加速度的方向一定與合外力的方向一致；故D正確；

故選：D．2、A【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)線密場(chǎng)強(qiáng)大，分析場(chǎng)強(qiáng)的大?。呻妱?shì)公式φ=和電場(chǎng)的疊加原理分析電勢(shì)關(guān)系．根據(jù)電勢(shì)的變化，分析正電荷電勢(shì)能的變化．【解析】【解答】解：A、根據(jù)電場(chǎng)線的分布情況知，a處電場(chǎng)線密，c處電場(chǎng)線疏，則Ea＞Ec．由對(duì)稱性可知Eb=Ed．故A正確．

B、設(shè)正方形邊長(zhǎng)為2L．由題可知：φa=+=．φc=+=，則φa＞φc．由對(duì)稱性可知，φb=φd．故B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理知；在AB連線上BO之間的某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，最小，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不是最?。蔆錯(cuò)誤．

D、bd連線不是等勢(shì)線，則將一正點(diǎn)電荷沿直線有b運(yùn)動(dòng)到d的過程中電勢(shì)能是變化的；故D錯(cuò)誤．

故選：A3、C【分析】【分析】相同時(shí)間內(nèi)兩物塊的位移大小相等，但斜面傾角不同，故上升和下降的高度不同，據(jù)此分析系統(tǒng)重力勢(shì)能的變化，從而得到系統(tǒng)機(jī)械能的變化，機(jī)械能的變化等于重力以外的力做的功．【解析】【解答】解：A、相同時(shí)間內(nèi)兩物塊的位移大小相等，但斜面傾角不同，=

得：h甲＜h乙；即任意段時(shí)間內(nèi)，乙增加的重力勢(shì)能大于甲減少的重力勢(shì)能，系統(tǒng)的重力勢(shì)能是增加的，而系統(tǒng)動(dòng)能不變，則系統(tǒng)的機(jī)械能也是增加的，故A錯(cuò)誤B錯(cuò)誤；

C、甲物塊克服摩擦力所做的功Wf=μmgscos30°，s=vt，故Wf-t圖線為過原點(diǎn)的傾斜直線，同理WF-t圖線亦為過原點(diǎn)的直線；故C正確D錯(cuò)誤；

故選：C．4、B【分析】【分析】手榴彈在空中爆炸過程，爆炸力遠(yuǎn)大于重力，在水平方向上動(dòng)量守恒．根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出質(zhì)量為0.4kg的大塊在爆炸后速度大小和方向．【解析】【解答】解：手榴彈保證過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒；以手榴彈的初速度方向?yàn)檎较颍?/p>

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，Mv0=m1v1+m2v2；

0.6×10=0.2×250+0.4×v2；

解得v2=-110m/s，負(fù)號(hào)表示方向，與v0反向．故B正確；A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．5、A【分析】【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)向心力由萬有引力提供，列出關(guān)系式表示出中心體質(zhì)量，再進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：衛(wèi)星由萬有引力提供向心力有：

=m

M==；

已知a，b的軌道半徑之比為1：2；線速度大小之比為2：1；

則甲；乙兩行星的質(zhì)量之比為2：1；

故選：A．二、填空題(共8題，共16分)6、1：3【分析】【分析】由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出ab兩點(diǎn)的電勢(shì)差，然后求出電勢(shì)差之比．【解析】【解答】解：設(shè)線框總電阻為4R；

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv；

感應(yīng)電流：I==；

由圖示可知，ab兩點(diǎn)的電勢(shì)差之比：

==；

故答案為：1：3．7、9.82730【分析】【分析】（1）自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在連續(xù)相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移之差是一恒量，即△x=gT2；

（2）游標(biāo)卡尺讀數(shù)=主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)．【解析】【解答】解：（1）在連續(xù)相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移之差是一恒量，即△x=gT2；故：

x6-x1=5△x①

x3-x1=2△x②

聯(lián)立①②解得：

x3=0.4x6+0.6x1=0.4×13.0+0.6×7.7=9.82cm

（2）游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm；游標(biāo)尺上有10個(gè)小的等分刻度，它的總長(zhǎng)等于9mm，故精確度為0.1mm；

物體長(zhǎng)度為2.37cm；即23.7mm，故游標(biāo)尺上的第7條刻度線與主尺上23mm刻線右邊第7條刻線對(duì)其，即為第30mm刻度線對(duì)其；

故答案為：

（1）9.82；

（2）7，30．8、108【分析】【分析】當(dāng)木箱剛要滑動(dòng)時(shí)受到的靜摩擦力達(dá)到最大值，恰好等于此時(shí)的水平推力．當(dāng)物體被推動(dòng)后，受到滑動(dòng)摩擦力，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件求出滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)摩擦力公式求出動(dòng)摩擦因數(shù)．在運(yùn)動(dòng)過程中如果改用10N的水平推力推木箱時(shí)，物體由于慣性繼續(xù)向前滑動(dòng)，滑動(dòng)摩擦力不變．【解析】【解答】解：由題；當(dāng)要用10N的水平推力時(shí)，木箱才能從原地開始運(yùn)動(dòng)，則此時(shí)水平推力恰好等于最大靜摩擦力，所以木箱與地板間的最大靜摩擦力為10N．

用水平推力；使木箱繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)；

則由平衡條件得到；木箱受到的滑動(dòng)摩擦力f=μN(yùn)=0.2×20=8N；

故答案為：10，8．9、加速勻速【分析】【分析】對(duì)雨點(diǎn)受力分析，受重力和空氣的阻力，阻力隨速度的增加而增加，分阻力小于重力和等于重力兩種情況討論即可．【解析】【解答】解：雨點(diǎn)下落；受重力和空氣的阻力，阻力逐漸變大；

當(dāng)阻力小于重力時(shí)；合力向下，加速度也向下，故雨點(diǎn)加速運(yùn)動(dòng)；

當(dāng)阻力增加到等于重力時(shí)；合力為零，加速度為零，故雨點(diǎn)開始勻速運(yùn)動(dòng)；

故答案為：加速，勻速．10、減小增大升高增大【分析】【分析】右管內(nèi)注入水銀的過程，左管內(nèi)水銀面會(huì)上升，則氣體體積減小，根據(jù)玻意耳定律知壓強(qiáng)的變化，由熱力學(xué)第一定律判斷內(nèi)能的變化．【解析】【解答】解：注入水銀；封閉氣體的壓強(qiáng)變大，水銀對(duì)氣體做功，氣體體積減小，由于封閉氣體與外界絕熱，所以氣體內(nèi)能增大，溫度升高．

故答案為：減小，增大，升高，增大．11、【分析】【分析】由題已知入射角為θ1和折射率n，根據(jù)折射定律求出光在介質(zhì)上界面的折射角θ2，由幾何關(guān)系求出光在介質(zhì)中傳播的路程，由v=求出光在介質(zhì)中傳播速度．光在介質(zhì)中傳播的速度大小不變，再求出光在介質(zhì)中的傳播時(shí)間t．【解析】【解答】解：設(shè)光在介質(zhì)中傳播的路程為s，在OA面折射角為r．

則：n=

s=×2

v=

t==

故答案為：．12、1×104右1×104右1×104右【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度等于試探電荷所受的電場(chǎng)力與其電荷量的比值，方向與正電荷所受電場(chǎng)力方向相同，與負(fù)電荷所受電場(chǎng)力方向相反．電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)的物理量，與試探電荷無關(guān)．電場(chǎng)中同一點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不變．【解析】【解答】解：P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E==N/C=1×104N/C；方向向右．

因?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)的物理量，與試探電荷無關(guān)，所以若將電荷從P點(diǎn)移走或在P點(diǎn)放一帶電量為+1×10-9C的正點(diǎn)電荷，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向都不變，大小仍為1×104N/C；方向向右．

故答案為：1×104，右；1×104，右；1×104，右．13、20水平向左【分析】【分析】滑動(dòng)摩擦力的大小可以根據(jù)f=μFN去求，方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反．【解析】【解答】解：f=μFN=0.1×200N=20N；方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，所以為水平向左．

故本題答案為：20N，水平向左三、判斷題(共7題，共14分)14、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】掌握電場(chǎng)線特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，電場(chǎng)線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場(chǎng)中任意兩條電場(chǎng)線不會(huì)相交；否則相交的地方的電場(chǎng)線的方向有兩個(gè)．所以該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動(dòng)態(tài)平衡．當(dāng)達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)；液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時(shí)以恒速蒸發(fā)．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．【解析】【解答】解：表面張力產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層；叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．所以該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個(gè)理想化模型，故實(shí)際上并不存在，質(zhì)點(diǎn)雖然忽略物體的形狀和大小但保留了物體其它的性質(zhì)，故不同于幾何中的點(diǎn)，只要物體的形狀和大小對(duì)研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計(jì)時(shí)物體就可以當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)，與物體的體積的大小無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化模型；實(shí)際上并不存在，質(zhì)點(diǎn)是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個(gè)理想化模型，只要物體的形狀和大小對(duì)研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計(jì)時(shí)物體就可以當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)．故說法錯(cuò)誤．

故答案為：×．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共9分)21、略

【分析】解：（1）平衡摩擦力后，小車恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故此后彈性勢(shì)能的減小量等于小車動(dòng)能的增加量．

故需要測(cè)量小車的質(zhì)量；小車的速度；同時(shí)要改變行變量多次測(cè)量以便作圖象；

故選ABDE；

（2）極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度大小，故v=．

（3）彈性勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能增加量；即。

Cxn=

lg（Cxn）=lg（）

化解得到。

lgv=．

斜率

解得n=．

故答案為：（1）ADE（2）（3）．

（1）平衡摩擦力后；小車恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，彈性勢(shì)能的減小量等于小車動(dòng)能的增加量，故需要測(cè)量小車的質(zhì)量；小車的速度，同時(shí)要改變行變量多次測(cè)量以便作圖象；

（2）極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于小車通過光電門的瞬時(shí)速度；

（3）根據(jù)彈性勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能增加量列式；然后結(jié)合對(duì)數(shù)函數(shù)的知識(shí)求解．

解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，知道彈性勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能的增加量，結(jié)合數(shù)學(xué)函數(shù)關(guān)系進(jìn)行求解．【解析】ABDE；五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共12分)22、略

【分析】【分析】歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律，已知電流表滿偏電流與內(nèi)阻，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出歐姆表的內(nèi)阻，然后應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出待測(cè)電阻阻值．【解析】【解答】解：歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律；

由閉合電路歐姆定律得：Ig=，R內(nèi)==300Ω；

經(jīng)過調(diào)零之后測(cè)電阻，當(dāng)歐姆表指針指到滿偏的位置時(shí)；

Ig=，解得：Rx=100Ω．

答：被測(cè)電阻的阻值為100Ω．23、0.1連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量1.920.76812.48偏大【分析】【分析】根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)得位移之差是一恒量求出加速度；以及求出第6記數(shù)點(diǎn)和第7記數(shù)點(diǎn)之間的距離，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出計(jì)數(shù)點(diǎn)4的瞬時(shí)速度．

根據(jù)加速度的表達(dá)式，通過測(cè)量的誤差得出加速度的測(cè)量誤差．【解析】【解答】解：（1）相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間時(shí)間間隔為0.1s；根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量確定小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．

（2）在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差△x=1.92cm，根據(jù)△x=aT2得：

a=．

計(jì)數(shù)點(diǎn)4的瞬時(shí)速度為：m/s=0.768m/s．

第6記數(shù)點(diǎn)和第7記數(shù)點(diǎn)之間的距離為：s7=s6+△x=10.56+1.92cm=12.48cm．

（3）當(dāng)時(shí)交變電流的頻率是f=49Hz，而做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，可知周期的測(cè)量值偏小，根據(jù)a=知；加速度測(cè)量值偏大．

故答案為：（1）0.1，連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量，（2）1.92，0.768，12.48．（3）偏大．24、×10V1A2F【分析】【分析】（1）根據(jù)歐姆表的原理可知；指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明所選檔位過大，故應(yīng)減小檔位；

（2、3）根據(jù)題目要求可知，本題應(yīng)采用分壓接法，故可選出滑動(dòng)變阻器；由電源的電動(dòng)勢(shì)可選出電壓表，由歐姆定律可知電路中的電流，則可選出電流表．【解析】【解答】解：（1）指針偏轉(zhuǎn)過大；說明所選檔位過大，導(dǎo)致示數(shù)偏小，為了使指針指向中間，應(yīng)選用小檔位；

故應(yīng)選×10檔；

（2）由題意可知，由于電源電壓為3V，故電壓表應(yīng)選擇量程為3V的，故選V1；本題中應(yīng)選用分壓接法；故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選F；

電阻阻值為100Ω，故電路中電流I=A=0.03A；故電流表應(yīng)選A2；

根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求；本題應(yīng)采用分壓接法，同時(shí)，由于電阻較小，故應(yīng)選用電流表外接法，原理圖如下圖；根據(jù)原理圖，可以連接出實(shí)物圖，注意正負(fù)接線柱的接法，并且導(dǎo)線要連在接線柱上；

故答案為：（1）×10；（2）V1；A2；F．實(shí)物圖及原理圖如上圖．25、0.622電阻絲的長(zhǎng)度L，電阻絲兩端的電壓U，流過電阻的電流Iρ=【分析】【分析】（1）將電路分為測(cè)量電路和控制電路兩部分．測(cè)量電路采用伏安法．根據(jù)電壓表；電流表與待測(cè)電阻阻值倍數(shù)關(guān)系；選擇電流表外接法．

（2）螺旋測(cè)微器的固定刻度最小分度為1mm；可動(dòng)刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動(dòng)刻度讀出毫米的小數(shù)部分．

（3）根據(jù)電阻定律和歐姆定律表示出電阻率，再進(jìn)行求解．【解析】【解答】解：（1）因?yàn)?=600，==50，＞；故選擇電流表外接法．

（2）固定刻度讀數(shù)為0.5mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.122mm，則此金屬絲的直徑為0.622mm．

（3）根據(jù)電阻定律；有。

R=ρ

由數(shù)學(xué)知識(shí)有：S=

根據(jù)歐