…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，一束光沿半徑方向射向一塊半圓柱形玻璃磚，在玻璃磚底面上的入射角為經(jīng)折射后出a、b兩束光線。則（）

A.在玻璃中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度B.在真空中，a光的波長小于b光的波長C.分別用a、b光在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距D.若改變光束的入射方向使角逐漸變大，則折射光線b首先消失2、關(guān)于光的傳播現(xiàn)象及應用，下列說法正確的是（）A.光的偏振現(xiàn)象并不罕見，電子表的液晶顯示就用到了偏振光B.雙筒望遠鏡中使用的棱鏡利用了光的折射原理，與平面鏡相比，它具有反射率高，失真小的優(yōu)點C.激光是一種人工產(chǎn)生的相干光，具有高度的相干性，這一特點正好可以用來進行精確測距D.一束單色光從空氣進入水中，波長將變短，其顏色也將發(fā)生變化，利用這一特點，工人們制作了海河岸邊的景觀燈3、汕頭市屬于臺風頻發(fā)地區(qū)，圖示為風級（0~12）風速對照表。假設不同風級的風迎面垂直吹向某一廣告牌，且吹到廣告牌后速度立刻減小為零，則“12級”風對廣告牌的最大作用力約為“4級”風對廣告牌最小作用力的（）。風級風速（m/s）風級風速（m/s）00~0.2713.9~17.110.3~1.5817.2~20.721.6~3.3920.8~24.433.3~5.41024.5~28.445.5~7.91128.5~32.658.0~10.71232.7~36.9610.8~13.8..

A.45倍B.36倍C.27倍D.9倍4、一質(zhì)點做簡諧振動的振動方程是cm，則（）A.在0至0.02s內(nèi)，速度與加速度方向始終相同B.在0.02s時，質(zhì)點具有沿x軸正方向的最大加速度C.在0.035s時，質(zhì)點的速度方向與加速度方向均沿x軸正方向D.在0.04s時，回復力最大，速度方向沿x軸負方向5、下列有關(guān)光現(xiàn)象的說法正確的是（）A.激光測距是應用了激光的相干性好的特點B.光導纖維是應用了光的衍射的原理C.雨過天晴后，有時天空中會出現(xiàn)彩虹，這是光的色散現(xiàn)象D.光的偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波6、在行車過程中，如果車距不夠，剎車不及時，汽車將發(fā)生碰撞，車里的人可能受到傷害，為了盡可能地減輕碰撞引起的傷害，人們設計了安全帶．假定乘客質(zhì)量為70kg，汽車車速約為100km/h，從開始剎車到車完全停止需要的時間為5s，安全帶對乘客的作用力大小約為()A.400NB.600NC.800ND.1400N評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，質(zhì)量為的足夠長的木板置于水平地面上，質(zhì)量為的小滑塊以初速度滑上木板，已知小滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為重力加速度為下列說法正確的是。

A.若木板與地面間光滑，則長木板的最終速度大小為B.若木板與地面間光滑，則小滑塊與木板組成的系統(tǒng)最終能產(chǎn)生的內(nèi)能為C.若木板與地面間的動摩擦因數(shù)也為則小滑塊與木板組成的系統(tǒng)最終能產(chǎn)生的內(nèi)能為D.若木板與地面間的動摩擦因數(shù)也為則在整個運動過程中地面對木板的摩擦力的沖量大小為8、如圖甲所示；彈簧下端固定的小球在豎直方向上做簡諧運動，當小球到達最高點時，彈簧處于原長，選取向上為正方向，小球的振動圖象如圖乙所示，則下列說法中正確的是__________

A.彈簧的最大伸長量為B.小球的振動周期為C.在內(nèi)，小球的機械能逐漸增大E.在內(nèi)，彈簧的伸長量逐漸減小E.在內(nèi)，彈簧的伸長量逐漸減小9、如圖甲所示，一物塊在時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達最高點，時刻物塊又返回底端．由此可以確定（）

A.物體沖上斜面的最大位移B.物塊返回底端時的速度C.物塊所受摩擦力大小D.斜面傾角10、如圖所示，光滑“∏”形金屬導體框平面與水平面的夾角為θ，兩側(cè)對稱，間距為L，上端接入阻值為R的電阻。ab以上區(qū)域內(nèi)有垂直于金屬框平面磁感應強度為B的勻強磁場。質(zhì)量為m的金屬棒MN與金屬框接觸良好，由圖示位置以一定的初速度沿導軌向上運動，進入磁場區(qū)域后又繼續(xù)上升一段距離但未碰及電阻R。已知金屬棒上升、下降經(jīng)過ab處的速度大小分別為v1、v2；不計金屬框；金屬棒電阻及空氣的阻力。下列說法中正確的是（）

A.金屬棒上升時間等于下降時間B.v2的大小可能大于C.上升過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱較下降過程的大D.金屬棒上升、下降經(jīng)過ab處的時間間隔為11、質(zhì)量為m的小球A以速度在光滑水平面上運動，與質(zhì)量為2m的靜止小球B發(fā)生正碰，則碰撞后小球A的速度大小和小球B的速度大小可能為（）A.B.C.D.12、在2017花樣滑冰世錦賽上，隋文靜、韓聰以232.06分的總成績獲得冠軍．比賽中，當隋文靜、韓聰以5.0m/s的速度沿直線前、后滑行時，韓聰突然將隋文靜沿原方向向前推出，推力作用時間為0.8s，隋文靜的速度變?yōu)?1.0m/s.假設隋文靜和韓聰?shù)馁|(zhì)量分別為40kg和60kg，作用前后兩人沿同一直線運動，不計冰面阻力，將人視為質(zhì)點，則A.分離時韓聰速度的大小為1.0m/sB.這一過程中，韓聰對隋文靜沖量的值為440N·sC.這一過程中，韓聰對隋文靜平均推力的大小為450ND.這一過程中，隋文靜對韓聰做的功為-720J13、一列橫波沿水平方向傳播，某一時刻的波形如圖所示，則圖中a、b、c、d四點在此時刻具有相同運動方向的是（）

A.a和cB.a和dC.b和cD.b和d14、a、b、c三條平行光線垂直于半圓柱體玻璃磚的截面直徑從空氣射向玻璃磚，如圖所示，光線b正好過圓心O，光線a、c從光線b的兩側(cè)對稱入射，光線a、c從玻璃磚下表面進入空氣后與光線b交于P、Q；則下列說法正確的是_________

A.玻璃對a光的折射率大于對c光的折射率B.玻璃對三種光的折射率關(guān)系為C.a光比c光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時間長E.a、c光分別從空氣射入某種介質(zhì)中，c光發(fā)生全反射時臨界角較小E.a、c光分別從空氣射入某種介質(zhì)中，c光發(fā)生全反射時臨界角較小15、由a、b兩種單色光構(gòu)成的復色光束從水中斜射入空氣中的光路圖如圖所示，關(guān)于a、b兩種單色光；下列說法正確的是（）

A.從同種介質(zhì)中斜射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角小于b光的臨界角B.在同種介質(zhì)中傳播，a光傳播速度大于b光傳播速度C.相同條件的雙縫干涉實驗中，a光的相鄰亮條紋間距比b光的相鄰亮條紋間距小D.通過同一狹縫，a光的衍射現(xiàn)象比b光的衍射現(xiàn)象更明顯評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，一質(zhì)點沿水平直線做簡諧運動，先后以相同速度通過a、b兩點，經(jīng)歷時間過b點后再經(jīng)質(zhì)點第一次反向通過b點。O點為平衡位置，若在這兩秒內(nèi)質(zhì)點所通過的路程是8cm，則該質(zhì)點振動的振幅為__________，周期為__________，頻率為__________。

17、一波源O產(chǎn)生的橫波向左右兩側(cè)傳播，波速為v，O點左側(cè)有一質(zhì)點M，右側(cè)有一質(zhì)點N。當波源起振后，秒末M點起振，t2秒末N點起振，且M、N點振動方向總是相反，則該波波長為___________。18、在用雙縫干涉實驗裝置觀察雙縫干涉條紋時：

①觀察到較模糊的干涉條紋，要使條紋變得清晰，可以調(diào)節(jié)撥桿使_________；

②要增大觀察到的條紋間距，可以________（選填“增大”或“減小”）雙縫與測量頭間的距離。

19、如圖所示，一勁度系數(shù)為200N/m的輕彈簧直立在地面上，彈簧的上端與質(zhì)量為1kg的小物塊A連接在一起，下端固定在地面上、A帶正電且電荷量為2×10－5C，A與彈簧間相互絕緣。開始處于靜止狀態(tài)，若突然施加豎直向下大小為4×105N/C的勻強電場，此瞬間A的加速度大小為______m/s2，此后系統(tǒng)振動的振幅為______cm。（g=10m/s2；整個過程不計空氣阻力，彈簧都在彈性限度范圍內(nèi)）

20、一復色光中只含有a、b兩種單色光，在真空中a光的波長大于b光的波長．

①在真空中，a光的速度__________(填“大于”“等于”或“小于”)b光的速度．

②若用此復色光通過半圓形玻璃磚且經(jīng)圓心O射向空氣時，下列四個光路圖中可能符合實際情況的是__________．

21、如圖所示，登山運動員在登雪山時要注意防止紫外線的過度照射，尤其是眼睛更不能長時間被紫外線照射，否則將會嚴重地損傷視力．有人想利用薄膜干涉的原理設計一種能大大減小紫外線對眼睛傷害的眼鏡．他選用的薄膜材料的折射率為n＝1.5，所要消除的紫外線的頻率為ν＝8.1×1014Hz.

(1)他設計的這種“增反膜”所依據(jù)的原理是________．

(2)這種“增反膜”的厚度至少是多少________？

(3)以下有關(guān)薄膜干涉的說法正確的是()．

A.薄膜干涉說明光具有波動性。

B.如果薄膜的厚度不同；產(chǎn)生的干涉條紋一定不平行。

C.干涉條紋一定是彩色的。

D.利用薄膜干涉也可以“增透”評卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)22、某一簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像。___________

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)23、某物理興趣小組利用如甲所示的裝置進行實驗。在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側(cè)摩擦很小，可忽略不計，左側(cè)為粗糙水平面，當?shù)刂亓铀俣却笮間；采用的實驗步驟如下：

①在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片﹔

②用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質(zhì)量

③a和b間用細線連接；中間夾一被壓縮了的輕彈簧，靜止放置在平臺上；

④細線燒斷后，a、b瞬間被彈開；向相反方向運動；

⑤記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間t；

⑥滑塊α最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離

⑦小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h

及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離

⑧改變彈簧壓縮量；進行多次測量。

（1）a球經(jīng)過光電門的速度為：___________（用上述實驗數(shù)據(jù)字母表示）。

（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證等式___________成立即可。（用上述實驗數(shù)據(jù)字母表示）

（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到與的關(guān)系圖像如圖乙所示，圖線的斜率為k，則平臺上A點左側(cè)與滑塊a之間的動摩擦因數(shù)大小為___________。（用上述實驗數(shù)據(jù)字母表示）

24、利用如圖所示的方式驗證碰撞中的動量守恒,豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道下端與水平桌面相切,先將小滑塊A從圓弧軌道的最高點無初速度釋放，測量出滑塊在水平桌面滑行的距離x1(圖甲)；然后將小滑塊B放在圓弧軌道的最低點，再將A從圓弧軌道的最高點無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，測量出整體沿桌面滑動的距離x2(圖乙)。圓弧軌道的半徑為R，A和B完全相同,重力加速度為g。

(1)滑塊A運動到圓弧軌道最低點時的速度v=_________(用R和g表示)；

(2)滑塊與桌面的動摩擦因數(shù)μ=____________(用R和x1表示)；

(3)若x1和x2的比值=____________，則驗證了A和B的碰撞動量守恒。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

從圖中可知光線a的偏折程度大，根據(jù)折射定律公式

是入射角，r是折射角，可知a光的折射率大，故a光的頻率大。

A．在玻璃中，光的傳播速度

a光的折射率大，可知，a光的傳播速度小于b光的傳播速度；故A錯誤；

BC．在真空中，根據(jù)公式

a光的頻率大，可得a光的波長小于b光的波長；

根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

a光的波長小于b光的波長，可知用同一裝置做雙縫干涉實驗時a光的干涉條紋小于b光的干涉條件間距；故B正確，C錯誤；

D．根據(jù)全反射定律

可知a光折射率越大，全反射角越小，所以若改變光束的入射方向使角逐漸變大，則折射光線a首先消失；故D錯誤。

故選B。2、A【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶材料是具有光學各向異性的；液晶層能使光線發(fā)生扭轉(zhuǎn)，應用了光的偏振現(xiàn)象，故A正確；

B．雙筒望遠鏡中使用的凸透鏡利用了光的折射原理；而不是棱鏡，故B錯誤；

C．激光用來進行精確測距是利用激光的平行度非常高的特點；與激光的相干性無關(guān)，故C錯誤；

D．光從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)；頻率不發(fā)生改變，而光的頻率決定光的顏色，因而光的顏色不變，故D錯誤。

故選A。3、A【分析】【詳解】

設空氣的密度為廣告牌的橫截面積為經(jīng)過時間撞擊在廣告牌上的空氣質(zhì)量為

根據(jù)動量定理可得

解得

根據(jù)牛頓第三定律可知，風對廣告牌作用力為

則“級”風對廣告牌的最大作用力與“級”風對廣告牌最小作用力的比值為

故選A。4、B【分析】【詳解】

由振動方程可知，振幅初相位即時；位于正最大位置；

A．在0至0.02s內(nèi)；前0.01s，速度與加速度方向相同，后0.01s，速度與加速度方向相反，A錯誤；

B．在0.02s時；質(zhì)點在負最大位移處，具有正向最大加速度，B正確；

C．在0.035s時，質(zhì)點從平衡位置向最大位移運動，速度方向沿x軸正方向；加速度方向沿x軸負向，C錯誤；

D．在0.04s時；質(zhì)點回到正最大位置，回復力最大，速度為零，無方向，D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

A．激光測距是應用了激光的平行度好的特點；由于平行度好，在傳播很遠的距離后仍能保持一定的強度，故A錯誤；

B．光導纖維是應用了全反射的原理；B錯誤；

C．雨過天晴后；有時天空中出現(xiàn)彩虹，這種現(xiàn)象是光的色散現(xiàn)象，選項C正確；

D．光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波；選項D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

取向右為正，則安全帶對人得作用力向左，由動量定理得解得約為400N，故A正確,BCD錯誤．二、多選題(共9題，共18分)7、A:C【分析】【詳解】

A．若地面光滑，則由動量守恒得最后的速度為：

產(chǎn)生的內(nèi)能為：

故A正確；B錯誤；

C．若木板與地面間的動摩擦因數(shù)也為則小滑塊與木板最后會靜止于地面，組成的系統(tǒng)最終能產(chǎn)生的內(nèi)能為地面對木板的沖量大小等于木塊的初動量的大小，故C正確，D錯誤．8、B:D:E【分析】【詳解】

A．質(zhì)點的振幅等于振子位移的最大值，由圖讀出，振幅為

由于當振子到達最高點時，彈簧處于原長，所以彈簧的最大伸長量為

故A錯誤；

B．由圖乙可知：小球的振動周期為故B正確；

C．在內(nèi)；彈簧的彈力做負功，小球的機械能減小，故C錯誤；

D．在內(nèi)小球從平衡位置向上運動；位移大小逐漸增大，故D正確；

E．在內(nèi)；小球從最低點向上往平衡位置運動，彈簧伸長量逐漸減小，故E正確。

故選BDE。9、A:B:D【分析】【詳解】

根據(jù)圖線的“面積”可以求出物體沖上斜面的最大位移為故A正確。

由于下滑與上滑的位移大小相等，根據(jù)數(shù)學知識可以求出物塊返回底端時的速度．設物塊返回底端時的速度大小為v，則得到故B正確；

根據(jù)動量定理得：上滑過程：-（mgsinθ+μmgcosθ）?t0=0-mv0①，下滑過程：（mgsinθ-μmgcosθ）?2t0=m②，由①②解得：由于質(zhì)量m未知，則無法求出f．得到可以求出斜面傾角θ故C錯誤，D正確．故選ABD

【點睛】

本題抓住速度圖象的“面積”等于位移分析位移和物體返回斜面底端的速度大?。部梢愿鶕?jù)牛頓第二定律和運動學結(jié)合求解f和sinθ．10、C:D【分析】【詳解】

A．金屬棒運動過程受重力、支持力和安培力作用；重力和支持力的合力沿斜面向下，大小為mgsinθ；由楞次定律可知：進入磁場區(qū)域前；安培力為零；進入磁場區(qū)域后，金屬棒上升時，安培力方向沿斜面向下；金屬棒下落時，安培力方向沿斜面向上；故上升時的加速度大于下滑時的加速度，那么根據(jù)位移相等可得：金屬棒上升時間小于下降時間，故A錯誤；

B．設時間為t時，金屬棒的速度為v；那么電動勢。

E=BLv故金屬棒受到的安培力。

金屬棒下滑過程，受到最大時，安培力F=mgsinθ；然后金屬棒勻速運動；故。

所以。

故B錯誤；

C．上升時的加速度大于下滑時的加速度，那么，在同一位置時，上升速度大于下滑速度，故上升時安培力大于下滑時安培力，那么，上升時克服安培力做的功比下滑時大；根據(jù)能量守恒可得：克服安培力做的功轉(zhuǎn)化為電阻R產(chǎn)生的焦耳熱，故上升過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱較下降過程的大；故C正確；

D．金屬棒上升、下降過程只受重力、支持力、安培力作用，設上滑最大位移為s；則分別應用動量定理可得：

故金屬棒上升、下降經(jīng)過ab處的時間間隔為。

故D正確；

故選CD。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

碰撞過程中應滿足動量守恒，即

還應滿足系統(tǒng)總動能不增加，即

A．若

當與方向相反時代入計算，可知滿足動量守恒，碰撞后總動能為滿足總動能不增加，故A可能；

B．若

當與方向相同時代入計算，可知滿足動量守恒，但會發(fā)生二次碰撞，故不符合實際情況，故B不可能；

C．若

當與方向相反時代入計算，可知滿足動量守恒，且碰后總動能為滿足總動能不增加，故C可能；

D．若

當與方向相反時代入計算，可知滿足動量守恒，碰撞后總動能為大于系統(tǒng)碰撞前的動能，故D不可能。

故選AC。12、A:D【分析】【詳解】

A．以兩人原來運動方向為正，由動量守恒定律得

式中代入數(shù)據(jù)解得

大小為1m/s；故A正確；

BC．韓聰對隋文靜的沖量等于隋文靜動量的變化量，根據(jù)動量定理得

則平均推力為

故BC錯誤；

D．隋文靜對韓聰做的功等于韓聰動能的變化量，根據(jù)動能定理得

故D正確；

故選AD．

【點睛】

韓聰推開隋文靜的過程，兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律求出韓聰?shù)乃俣?，由動理定理求出沖量，再求出平均作用力，由動能定理求出推力做的功．13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

由“同側(cè)法”可知，若波向右傳播，則a、d向上振動，c、b向下振動；若波向左傳播，則a、d向下振動，c、b向上振動。則圖中a、b、c、d四點在此時刻具有相同運動方向的是a和d，b和c。

故選BC。14、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，光和光入射角相同，但光折射角較小，根據(jù)折射率公式可知，玻璃對光的折射率大于對光的折射率，由于光入射角為故無法判斷玻璃對光的折射率大小；故A正確，B錯誤；

C．根據(jù)公式由于光的折射率大，則光在玻璃中的傳播速度較小，又由圖可知光在玻璃磚中的傳播路徑較長，故光比光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時間長；故C正確；

D．由于光的折射率大，波長較長，則在相同條件下進行雙縫干涉實驗，光的條紋間距比光寬；故D正確；

E．光分別從空氣射入某種介質(zhì)中時；不能發(fā)生全反射，故E錯誤。

故選ACD。15、B:D【分析】【詳解】

A．由題圖可知b光的偏折程度比a光的偏折程度大，所以b光的頻率比a光的頻率大，同種介質(zhì)對b光的折射率比對a光的折射率大，根據(jù)

可知從同種介質(zhì)中斜射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角大于b光的臨界角；故A錯誤；

B．根據(jù)

可知在同種介質(zhì)中傳播，a光傳播速度大于b光傳播速度；故B正確；

C．根據(jù)A項分析可知，a光波長大于b光波長，根據(jù)

可知相同條件的雙縫干涉實驗中，a光的相鄰亮條紋間距比b光的相鄰亮條紋間距大；故C錯誤；

D．由于a光波長大于b光波長，所以通過同一狹縫，a光的衍射現(xiàn)象比b光的衍射現(xiàn)象更明顯；故D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]設簡諧運動的平衡位置為O．質(zhì)點先后以相同的速度通過a、b兩點，說明a、b兩點關(guān)于平衡位置O點對稱，所以質(zhì)點由a到O時間與由O到b的時間相等。那么從平衡位置O到b點的時間：t1=0.5s，因過b點后質(zhì)點再經(jīng)過又第二次通過b點，根據(jù)對稱性得知，質(zhì)點從b點到最大位置的時間t2=0.5s。因此；質(zhì)點振動的周期是。

根據(jù)。

質(zhì)點做簡諧運動時，每個周期內(nèi)通過的路程是4A；由于。

質(zhì)點通過的路程為2A；即。

所以振幅。

【解析】4cm4s0.25Hz17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]MN兩點到波源O的距離分別為vt1和vt2；因M、N點振動方向總是相反，則兩距離之差等于半波長的奇數(shù)倍，即

或者

解得

或（n=1、2、3）【解析】（n=1、2、3）或（n=1、2、3）18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]觀察到較模糊的干涉條紋；是因為光線不能很好的疊加，要使條紋變得清晰，可以調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行。

（2）[2]由雙縫干涉條紋間距

因此要增大觀察到的條紋間距，可以增大雙縫與測量頭間的距離。【解析】①.單縫與雙縫平行；②.增大19、略

【分析】【詳解】

[1]加電場之前，則

突然施加豎直向下大小為4×105N/C的勻強電場，此瞬間A的加速度大小為

[2]此后平衡位置滿足

解得A=0.04m=4cm【解析】8420、略

【分析】【分析】

①在真空中所有色光的速度都相等；

②在真空中a光的波長大于b光的波長，分析它們頻率關(guān)系，從而確定出玻璃對兩種色光折射率的大?。庠诜纸缑嫔蠒l(fā)生折射和反射，根據(jù)折射率的大小確定a、b兩種單色光；以及注意當入射角大于等于臨界角時，會發(fā)生全反射，根據(jù)折射率的大小，判斷誰先會發(fā)生全反射．

【詳解】

①在真空中所有色光的速度都相等，故在真空中，a光的速度等于b光的速度；

②由題，在真空中a光的波長大于b光的波長，則a光的頻率小于b光的頻率，玻璃對b光的折射率大于對a光的折射率，當光在分界面上同時發(fā)生折射和反射時，由折射定律得知，b光的折射角大于a光的折射角，B可能符合實際．故A錯誤，B正確．當入射角大于等于臨界角時，會發(fā)生全反射，由于b光的折射率大；其臨界角小，先發(fā)生全反射，故C可能符合實際．故C正確，D錯誤．故選BC

【點睛】

本題可將兩種色光與紅光、紫光類比，即可得到折射率關(guān)系，輕松分析可能發(fā)生的光現(xiàn)象．【解析】等于BC21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]為了減少進入眼睛的紫外線；應使入射光分別從該膜的前后兩個