…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理上冊月考試卷295考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示為一束白光照射到放置在空氣中的玻璃三棱鏡發(fā)生色散的光路示意圖,a、b為其中兩處折射出的單色光,以下說法中正確的是:（）A.a光的光子能量小于b光的光子能量B.在玻璃中a光的傳播速度小于b光的傳播速度C.用同一雙縫干涉裝置看到的a光干涉條紋間距比b光的寬D.如果b光能使某種金屬發(fā)生光電效應,則a光也一定能使該金屬發(fā)生光電效應2、質(zhì)點以坐標原點O為中心位置在y軸上做簡諧運動，其振動圖象如圖甲所示，振動在介質(zhì)中產(chǎn)生的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為1.0m/s。0.3s后，此質(zhì)點立即停止運動，再經(jīng)過0.1s后的波形圖是圖乙中的3、如圖所示在同一地點的不同高度處以相同方向水平拋出甲乙兩小球.

已知兩球在空中某處相遇，則甲乙兩球(

)

A.同時拋出，拋出時乙速度較大B.同時拋出，拋出時甲速度較大C.甲先拋出，拋出時乙速度較大D.甲先拋出，拋出時甲速度較大4、下列關(guān)于安培力的說法中正確的是(

)

A.通電導線在磁場中一定受安培力的作用B.安培力的大小與磁感應強度成正比，與電流成正比，而與其他量無關(guān)C.安培力的方向總是垂直于磁場和通電導線所構(gòu)成的平面D.安培力的方向不一定垂直于通電直導線5、康普頓效應證實了光子不僅具有能量，也有動量.

如圖給出了光子與靜止電子碰撞后，電子的運動方向，則碰后光子(

)

A.可能沿1

方向，且波長變小B.可能沿2

方向，且波長變小C.可能沿1

方向，且波長變長D.可能沿3

方向，且波長變長評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、一正弦交流電的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示；由圖可知（）

A.該交流電的電壓的有效值為100VB.該交流電的頻率為25HzC.該交流電壓瞬時值的表達式為u=100sin25tD.若將該交流電壓加在阻值為100Ω的電阻兩端，該電阻消耗的功率為50W7、物理學重視邏輯，崇尚理性，其理論總是建立在對事實觀察的基礎(chǔ)上，下列說法正確的是（）A.天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的B.電子的發(fā)現(xiàn)使人認識到原子具有核式結(jié)構(gòu)C.玻爾建立了量子理論，成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象D.普朗克通過對黑體輻射的研究，第一次提出了能量量子化8、如圖所示，A

、B

為兩塊平行金屬板，A

板帶正電荷、B

板帶負電荷，兩板之間存在著勻強電場，兩板間距為d

、電勢差為U

，在B

板上開有兩個相距為L

的小孔M

、N

，C

、D

為兩塊同心半圓形金屬板，圓心都在貼近B

板的O

隆盲

處，C

帶正電、D

帶負電。兩板間的距離很近，兩板末端的中心線正對著B

板上的小孔，兩板間的電場強度可認為大小處處相等，方向都指向O

隆盲

半圓形金屬板兩端與B

板的間隙可忽略不計?，F(xiàn)從正對B

板小孔緊靠A

板的O

處由靜止釋放一個質(zhì)量為m

、電荷量為q

的帶正電的粒子(

粒子的重力不計)

則下列說法中正確的是：()

A.粒子穿過B

板小孔M

的速度是qUm

B.當C

、D

板間的場強大小E

=4UL

時，粒子能在C

、D

板間運動而不碰板C.從釋放粒子開始，粒子通過小孔N

的時間可能是(4d+婁脨L2)m2qU

D.從釋放粒子開始，粒子通過半圓形金屬板最低點P

的時間可能是(6d+3婁脨L4)m2qU

9、某電場的電場線分布如圖所示；以下說法正確的是(

)

A.c

點場強大于b

點場強B.a

點電勢高于b

點電勢C.若將一試探電荷+q

由a

點釋放，它將沿電場線運動到b

點D.若在d

點再固定一點電荷鈭?Q

將一試探電荷+q

由a

移至b

的過程中，電勢能減小10、如圖所示，一平行板電容器，帶電量為Q

上極板帶正電，下極板帶負電，在兩板中間放入一不帶電的導體(

寬度小于板間距)

在板中間有三點123

對應的場強分別是E1E2E3

把導體移走后三點的場強分別是E_{1}{{"}}E_{2}{{"}}E_{3}{{"}}則下列說法正確的是(

)

A.導體的上表面a

帶負電，下表面b

帶正電B.E1>E2>E3

C.E_{1}{{"}}=E_{2}{{"}}=E_{3}{{"}}D.E_{1}{{"}}>E_{3}>E_{2}11、下列說法正確的是（）A.液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)B.擴散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生C.氣體分子單位時間內(nèi)跟單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及分子平均動能有關(guān)E.由阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度，可以估算出理想氣體分子間的平均距離E.由阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度，可以估算出理想氣體分子間的平均距離評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、如圖所示，分布在半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)的勻強磁場；磁感應強度為B，方向垂直紙面向里．電荷量為q；質(zhì)量為m的帶正電粒子從磁場邊緣a點處沿圓的半徑AO方向射入磁場，離開磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)了60°角，試求：

（1）粒子做圓周運動的半徑R；

（2）粒子的入射速度；

（3）若保持粒子的速率不變；從a點入射時速度的方向順時針轉(zhuǎn)過60°角，粒子在磁場中運動的時間t．

13、如圖16為一定質(zhì)量的某種理想氣體的p--V圖，其中A、B、C三點所對應的狀態(tài)的溫度分別用TA、TB、TC來表示，那么TA：TB：TC=．14、如圖所示是某辦公室的電路，A是保險絲，甲圖虛線框內(nèi)的可變電阻R相當于負載的總電阻，乙圖相當于甲圖中虛線框內(nèi)負載的連接方式，S是交流電源，交流電源的內(nèi)電阻和保險絲電阻不計，電源輸出電壓隨時間變化的規(guī)律是u=220sin100πt（V）．則該電路中電流方向每秒鐘改變______次，當電路中電燈達到一定數(shù)量時，此時負載總電阻R=110Ω，保險絲恰好熔斷，則保險絲熔斷電流I0=______A．15、在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，若用直徑為0.5m的淺圓盤盛水，讓油酸在水面上形成單分子油酸薄膜，那么油酸滴的體積的數(shù)量級不能大于______m3．16、在下列描述核反應的方程中，屬于婁脕

衰變的是_________，屬于婁脗

衰變的是_______，屬于裂變的是_________，屬于聚變的是________.(

填正確答案的標號)

A

．714C隆煤714N+鈭?10e

B、1532P隆煤1632S+鈭?10e

C、92238U隆煤90234Th+24He

D、714N+24He隆煤817O+11H

E、92235U+01n隆煤54140Xe+3894Sr+201n

F、23H+12H隆煤24He+01n

17、如圖所示，在勻強電場中，一電荷量為q=5.0×10-10C的正電荷，由a點移到b點和由a點移到c點，電場力做的功都是2.0×10-8J,已知a、b、c三點的連線組成直角三角形，ab＝20cm,＝37°，則勻強電場的場強大小為_________v/m，電場強度的方向為______(COS37°＝0.8).18、圖示，A、B兩個小球用等長絕緣細線懸掛在支架上，A球帶0.003C的正電荷，B球帶等量的負電荷，兩懸點相距3cm，在外加勻強電場作用下，兩球都在各自懸點正下方處于平衡狀態(tài)，則該勻強電場產(chǎn)生的電場力與______相等，勻強電場的方向______．19、在應用電磁打點計時器進行勻變速直線運動的探究實驗中；所用電源的頻率為50Hz

實驗得到的一條紙帶如下圖所示.

按時間順序取OABCDEF

七個計數(shù)點，每相鄰的兩個計數(shù)點間都有四個點未畫出，紙帶上相鄰兩個計數(shù)點對應的時間間隔為______s

實驗中測得相鄰兩個計數(shù)點之間的距離如圖所示(

單位：cm)

打C

點時紙帶的速度為______m/s

評卷人得分四、判斷題(共4題，共28分)20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

22、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）23、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）評卷人得分五、證明題(共2題，共6分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、綜合題(共3題，共30分)26、(1)

某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行，正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示．

壟脵

插大頭針P4

時應______．

壟脷

此玻璃的折射率計算式為n=

______(

用圖中的胃1胃2

表示)

．

壟脹

關(guān)于此實驗的一些操作；下列說法正確的是______．

A.P1P2

及P3P4

之間的距離適當大些；可以減小誤差。

B.P1P2

及P3P4

之間的距離取得小些；可以減小誤差。

C.人射角適當大些；可以減小誤差。

D.人射角太大，折射光線會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，使實驗無法進行．壟脺

在用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，甲、乙、丙三位同學在紙上畫出的界面abcd

與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖壟脵壟脷

和壟脹

所示，其中甲、丙同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚.

他們的其他操作均正確，且均以abcd

為界面畫光路圖則甲同學測得的折射率與真實值相比______，乙同學測得的折射率與真實值相比______，丙同學測得的折射率與真實、值相比______．(

填“偏大”、“偏小”或“不變”)

(2)

某學生在用上述方法測量半圓形玻璃磚的折射率，在他畫出的直線OA

上豎直插上了P1P2

兩枚大頭針，但在y<0

的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1P2

的像，原因是__________________，他應該采取的措施是______________________。(3)

如圖所示，一個大游泳池，池底面水平，池水深1.2m

有一竹竿豎直插入池底，浸入水中的部分正好是全長的一半，陽光與水平方向成37?

角射入池底，竹竿的影長為2.5m

水的折射率為________。27、汽車剎車前速度為10m/s

剎車獲得的加速度大小為2m/s2

求：

(1)

求汽車的剎車時間t0

(2)

汽車剎車開始后20s

內(nèi)滑行的距離x1

(3)

靜止前最后2.5s

內(nèi)汽車滑行的距離x2

．28、如圖a所示，水平放置著兩根相距為d=0.1m的平行金屬導軌MN與PQ，導軌的電阻忽略不計且兩導軌用一根電阻也不計的導線相連．導軌上跨放著一根粗細均勻，長為L=0.3m、電阻R=3.0Ω的金屬棒ab，金屬棒與導軌正交，交點為c、d．整個空間充滿垂直于導軌向上的磁場，磁場B隨時間變化的規(guī)律如圖b所示．t=0時刻，金屬棒ab在外力的作用下從導軌的最右端以速度v=4.0m/s向左做勻速直線運動，則2s末回路中產(chǎn)生的電流的大小為______，t=8s時金屬棒ab兩端點間的電勢差為______．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B|D【分析】【解析】【答案】BD2、C【分析】試題分析：質(zhì)點停止運動，再經(jīng)過0.1s后，前0.1m的質(zhì)點都將恢復到平衡位置，所以BD錯誤；總共0.4s，波傳播到1.0m/s×0.4s=0.4m處，且與波源開始起振方向相同，所以A錯C對。考點：振動與波【解析】【答案】C3、C【分析】解：甲、乙兩球在空中相遇，甲下降的高度大于乙下降的高度，根據(jù)h=12gt2

得t=2hg

可知；甲的運動時間長，所以甲先拋出．

因為從拋出到相遇點的過程中；水平位移相等，乙球的運動時間較短，由x=v0t

知，乙球的初速度較大，故C正確．

故選：C

．

兩個小球都做平拋運動；水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，根據(jù)平拋運動的基本公式列式即可求解．

本題要掌握平拋運動的研究方法：運動的分解法，知道平拋運動水平方向做勻速運動，豎直方向做自由落體運動．【解析】C

4、C【分析】當通電導線與磁場方向平行時，就不受安培力，所以A

錯.

安培力的大小除與磁感應強度B

、電流I

有關(guān)外還與導線長度L

及導線放置方向有關(guān)，所以B

錯.

安培力垂直于導線和磁感應強度決定的平面，也就是垂直于導線，所以D

錯．【解析】C

5、C【分析】解：因為碰撞后動量守恒，所以碰后電子的方向斜向下，則光子的方向斜向上，可能沿1

方向.

碰后光子將部分能量轉(zhuǎn)移給電子，則光子能量減小，頻率減小，根據(jù)婁脣=cf

知；波長變長.

故C正確，AB

D錯誤．

故選C．

光子與靜止電子碰撞后；動量守恒，能量守恒，通過能量守恒判斷光子頻率的變化，從而得出波長的變化，通過動量守恒得出碰后光子的方向．

本題關(guān)鍵抓住動量守恒和能量守恒，以及波速、波長、頻率的關(guān)系進行分析求解．【解析】C

二、多選題(共6題，共12分)6、BD【分析】解：A、由圖象可知交流電的最大值為Um=100V，因此其有效值為：U==50V；故A錯誤；

B、由圖可知，T=4×10-2s，故f==25Hz，ω=2πf=50πrad/s；所以其表達式為u=100sin（50πt）V，故B正確，C錯誤；

D、若將該交流電壓加在阻值R=100Ω的電阻兩端，則電阻消耗的功率P==50W；故D正確；

故選：BD．

根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量；然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等．

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時正確書寫交流電的表達式．【解析】【答案】BD7、AD【分析】解：A；天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的；故A正確；

B；質(zhì)子的發(fā)現(xiàn)和散射實驗才使人認識到原子具有核式結(jié)構(gòu)的；故B錯誤；

C；玻爾理論成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象；對與其他分子無法解釋，同時量子理論是由普朗克提出的，故C錯誤；

D；普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象；第一次提出了能量量子化理論，故D正確；

故選：AD．

天射放射現(xiàn)象使人意識到原子核內(nèi)部應是有結(jié)構(gòu)的；明確電子；質(zhì)子和中子發(fā)現(xiàn)的過程和意義；普朗克在研究黑體輻射問題時提出了能量子假說，建立了量子論；玻爾成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象；

本題考查了“近代物理初步”部分，涉及普朗克的能量子假說、波爾的氫原子模型、盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型等，知識點多，難度小，關(guān)鍵多看書，掌握各位物理學家的主要貢獻．【解析】【答案】AD8、BD【分析】【分析】由動能定理解得粒子穿過BB板小孔MM的速度；當粒子能在CC、DD板間運動而不碰板時由電場力提供向心力解得C、DD板間的場強大??；由動量定理解得粒子在兩塊平行金屬板間的運動時間，由圓周運動的周期解得在半圓內(nèi)運動的時間，由周期性解得從釋放粒子開始，粒子通過小孔NN的可能時間及粒子通過半圓形金屬板最低點PP的的可能時間。本題主要考查帶電粒子在電場中的勻變速運動，知道粒子在電場中的運動具有周期性是解題的關(guān)鍵。有一定難度?！窘獯稹緼.粒子從釋放到到達BB點，由動能定理得：qU=12mv2qU=dfrac{1}{2}m{v}^{2}解得粒子穿過BB板小孔MM的速度：v=2qUmv=sqrt{dfrac{2qU}{m}}A錯誤；B.當粒子能在CC、DD板間運動而不碰板時，由電場力提供向心力，故有：qE=mv2L2qE=mdfrac{{v}^{2}}{dfrac{L}{2}}解得CC、DD板間的場強大小E=4ULE=dfrac{4U}{L}故B正確；C.粒子從釋放到到達BB點，由動量定理可得：qUdt1=mvqdfrac{U}z3jilz61osys{t}_{1}=mv解得到達BB所用時間為：t1=d2mqU{t}_{1}=dsqrt{dfrac{2m}{qU}}從BB到NN粒子做勻速圓周運動，所用時間為：t2=婁脨L2v=婁脨L42mqU{t}_{2}=dfrac{dfrac{婁脨L}{2}}{v}=dfrac{婁脨L}{4}sqrt{dfrac{2m}{qU}}由于運動的對稱性，粒子從NN到AA板所用時間等于t1{t}_{1}故從釋放粒子開始，粒子通過小孔NN的時間可能是t=t1+t2=(d+婁脨L4)2mqUt={t}_{1}+{t}_{2}=left(d+dfrac{婁脨L}{4}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}也可能是t=3t1+t2=(3d+婁脨L4)2mqUt=3{t}_{1}+{t}_{2}=left(3d+dfrac{婁脨L}{4}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}或t=5t1+2t2=(5d+婁脨L2)2mqUt=5{t}_{1}+2{t}_{2}=left(5d+dfrac{婁脨L}{2}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}等，故C錯誤；D.同理由對稱性可知從釋放粒子開始，粒子通過半圓形金屬板最低點PP的時間可能是t=(2n+1)(t1+t22)t=left(2n+1right)left({t}_{1}+dfrac{{t}_{2}}{2}right)當n=1n=1時，t=(3d+3婁脨L8)2mqU=(6d+3婁脨L4)m2qUt=left(3d+dfrac{3婁脨L}{8}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}=left(6d+dfrac{3婁脨L}{4}right)sqrt{dfrac{m}{2qU}}D正確。

故選BD。

【解析】BD

9、BD【分析】解：A

電場線的密的地方場強大；d

點電場線密，所以d

點場強大，故A錯誤．

B、沿著電場線方向電勢降低，a

點電勢高于b

點電勢；故B正確．

C；若將一試探電荷+q

由a

點靜止釋放；將沿著在a

點的場強方向運動，運動軌跡不是電場線，故C錯誤．

D；若將一試探電荷+q

由a

點靜止釋放；點電荷鈭?Q

的電場力向右上方，原電場的電場力也是向右上方，所以都對電荷做正功，電荷動能增加，電勢能減小，故D正確．

故選：BD

．

電場線的疏密反映電場的強弱.

沿著電場線方向電勢降低.

電場線方向與電荷的運動軌跡無直接關(guān)系．

根據(jù)電場線的特點即可解決問題.

可通過動能定理判斷電荷動能的變化即可知道速度大小的變化.

屬于基礎(chǔ)題目．【解析】BD

10、AC【分析】解：A

在兩極板之間形成了豎直向下的勻強電場；導體里面的自由電子發(fā)生定向移動，從而形成靜電感應現(xiàn)象，達到平衡后上表面被感應出負電荷，下表面感應出正電荷，故A正確；

B；處于靜電平衡中的導體內(nèi)部場強處處為零；所以E1=E3E2=0

故B錯誤；

C；把導體移走后；兩板間為勻強電場，場強大小處處相等，方向相同，即E1鈥?=E2鈥?=E3鈥?

故C正確；

D、把導體移走后，相當于兩板間距離增大，場強變小，E1隆盲<E3

故D錯誤；

故選：AC

導體在電場中發(fā)生靜電感應；導體中的自由電子發(fā)生定向移動，穩(wěn)定時導體內(nèi)部產(chǎn)生感生電場，方向與勻強電場方向相反，原電場向下，感生電場向上，所以下表面感應正電，上表面感應負電，處于靜電平衡狀態(tài)導體內(nèi)部場強為0

導體移走后，極板間是勻強電場，場強處處相等。

處于靜電感應現(xiàn)象的導體，內(nèi)部電場強度處處為零，理解場強處處為零的原因.

知道凈電荷全部分布在導體表面.

且整個導體是等勢體．【解析】AC

11、ABCE【分析】解：A；根據(jù)表面層分子力的特點可知；液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)。故A正確；

B；擴散現(xiàn)象是由于分子的無規(guī)則運動產(chǎn)生的；所以擴散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生；故B正確；

C；根據(jù)氣體壓強的微觀意義可知；氣體分子單位時間內(nèi)跟單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及分子平均動能有關(guān)。故C正確；

D；第二類永動機不可能制成的原因是違背了熱力學第二定律；沒有違背能量守恒定律。故D錯誤；

E；由阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度；可以估算出理想氣體分子間的平均距離。故E正確。

故選：ABCE。

液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)；從擴散現(xiàn)象的本質(zhì)出發(fā)；反映出分子的無規(guī)則運動進行判斷；會根據(jù)阿伏加德羅常數(shù)可分析氣體分子間的距離。

考查對擴散現(xiàn)象、熱力學第二定律、溫度的微觀意義以及壓強的微觀意義等基礎(chǔ)知識的理解，注意會確定是否擴散運動，同時理解分子無規(guī)則的運動的含義?！窘馕觥緼BCE三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】

（1）如圖所示，設(shè)正離子從磁場區(qū)域射出點為C，射出方向的延長線與入射方向的直徑交點

為O；故連線O′c必垂直于連線Oc．連接O′O，粒子偏轉(zhuǎn)角為60°；

根據(jù)幾何知識得∠aO′c=60°；

則正離子在磁場區(qū)域中運動軌跡ac弧對點O′所張的圓心角為60°．

又由幾何知識得，軌道半徑R=rtan60°=

（2）粒子在磁場中運動時洛倫茲力提供向心力：

qvB=m解得v=

（3）正離子做圓周運動的周期為T=

由于軌道半徑不變；當離子速度方向沿順時針方向轉(zhuǎn)60°時，運動軌跡ac′弧所對圓心角仍為60°角；

則正離子沿圓弧由a點運動到c′點所需時間：t=．

答：（1）粒子做圓周運動的半徑為r；

（2）粒子的入射速度為

（3）若保持粒子的速率不變，從a點入射時速度的方向順時針轉(zhuǎn)過60°角，粒子在磁場中運動的時間為．

【解析】【答案】電荷在勻強磁場中做勻速圓周運動；畫出軌跡，由幾何知識求出半徑．洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出速度．定圓心角，求時間．

13、略

【分析】【解析】【答案】15.1:4:914、略

【分析】解：（1）由圖象可知，ω==100π；則周期T=0.02s，而線框轉(zhuǎn)動一個周期電流方向改變兩次，則在一秒鐘內(nèi)電流方向改變100次．

（2）由圖象知：U==V=220V；

根據(jù)歐姆定律，則I0==A=2A；

故答案為：100；2．

根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值；周期；即可確定電流方向在一個周期內(nèi)的改變的次數(shù)；再根據(jù)歐姆定律，即可求得結(jié)論．

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．【解析】100；215、略

【分析】解：設(shè)油酸薄膜表面積為淺圓盤面積；油酸的體積為V：

V=πR2d=3.14××10-10m3=2×10-11m3

故答案為：10-11．

根據(jù)算出油酸薄膜的面積，油分子直徑的數(shù)量級為10-10m；油膜為單分子的油膜，由此可求出油酸體積．

本題考查“用單分子油膜估測分子大小”實驗的實驗原理和數(shù)據(jù)處理，屬于簡單基礎(chǔ)題目，計算時注意單位的換算．【解析】10-1116、CABEF【分析】【分析】婁脗

衰變生成的是電子；婁脕

衰變生成的是婁脕

粒子；裂變是重核裂變成輕核，聚變是輕核生成重核，據(jù)此分析即可。

本題難度不大，要知道衰變的生成物還有幾個典型的核反應方程，難度不大，屬于基礎(chǔ)題?！窘獯稹緼

和B

的反應生成物里都有電子；屬于婁脗

衰變，C

的反應生成物里有婁脕

粒子，是婁脕

衰變，裂變是重核裂變成輕核，屬于裂變的是E

聚變是輕核生成重核，屬于聚變的是F

故填：CABEF

【解析】CABEF

17、略

【分析】試題分析：因為正電荷q從a到b和從a到c，電場力做功相等，所以由W=qU可得Uab=Uac，b、c兩點在同一等勢面上，則電場強度方向與ac平行，由a指向c；Uac=W/q，dac=dabCOS37°，E=Uac/dac，代入數(shù)據(jù)計算得Ｅ＝250v/m?？键c：電場力做功、電場強度?！窘馕觥俊敬鸢浮?50沿ac18、略

【分析】解：由題可知；AB帶異種電荷，則相互間的庫侖引力；

在外加勻強電場作用下；兩球都在各自懸點正下方處于平衡狀態(tài)，則該勻強電場產(chǎn)生的電場力與各自庫侖力方向相反，大小相等；

依據(jù)正電荷的電場力方向即為電場強度的方向；那么外加電場的電場強度方向向左；

故答案為：庫侖力；向左．

向左．

依據(jù)同種電荷相吸；異種電荷相斥，判定電荷間的庫侖力方向，再依據(jù)平衡條件，即可確定勻強電場產(chǎn)生的電場力的方向與大小關(guān)系．

考查電荷間的庫侖力方向與大小的應用，掌握平衡條件的內(nèi)容，及理解電場強度方向與正電荷的電場力方向，及負電荷的電場力方向的關(guān)系．【解析】庫侖力；向左19、略

【分析】解：電磁打點計時器所用電源的頻率為50Hz

時；打點周期為0.02s

因為每相鄰兩計數(shù)點間還有4

個打點，所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為：T=0.1s

勻變速直線運動中；時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度，因此有：

vC=xBD2T=(2.4+2.9)隆脕10鈭?2m2隆脕0.1s=0.265m/s

故答案為：0.10.265

．

能夠知道相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔；紙帶實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度．

利用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應用，提高解決問題能力，要注意單位的換算．【解析】0.10.265

四、判斷題(共4題，共28分)20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?2、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．五、證明題(共2題，共6分)24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動六、綜合題(共3題，共30分)26、（1）

①擋住本身及的像

②

③AC

④偏小不變變小

（2）

在玻璃-空氣界面，入射角太大發(fā)生了全反射；在在白紙上另畫一條與y軸正方向的夾角較小的直線OA。

（3）【分析】(1)

【分析】(1)"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))((11))((11))大頭針P4"id="MathJax-Element-276-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP44PP44PP44PP44擋住

P3"id="MathJax-Element-277-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP33PP33PP33PP

33

(4)

用作圖法，確定出入射角與折射角的誤差，即可分析折射率的誤差。n=sinisinr本身及PP11PP11PP11n=sinisinrPP11、P2"id="MathJax-Element-279-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP22PP22PP22根據(jù)實驗原理，則大頭針PP22擋住本身及、的像；的像；故應填;

擋住(2)"id="MathJax-Element-280-Frame"role="presentation"tabindex="0">((22))本身及((22))、((22))的像;

((22))由圖得到，光線在玻璃磚上表面上入射角為入射角和折射角是光線與法線的夾角，根據(jù)圖確定入射角和折射角，根據(jù)折射定律求出折射率；(3)"id="MathJax-Element-281-Frame"role="presentation"tabindex="0">((33))i=90鈭?鈭?婁脠1((33))((33))((，折射角為33))r=90鈭?鈭?婁脠2為了減小實驗的誤差，大頭針之間的距離適當大一些，入射適當大一些。解決本題的關(guān)鍵知道實驗中需要注意的事項，以及知道實驗的原理，本實驗用“插針法”測定玻璃的折射率的原理是折射定律，入射角和折射角都是光線與法線的夾角，不是與界面的夾角。用插針法測定玻璃磚折射率的實驗原理是折射定律n=sinisinrn=dfrac{sini}{sinr}；根據(jù)折射定律得：

n=sinisinr=sin(90鈭?鈭?婁脠1)sin(90鈭?鈭?婁脠2)=cos婁脠1cos婁脠2故應填：，作出光路圖，確定折射光線的偏折情況，分析入射角與折射角的誤差，來確定折射率的誤差。cos婁脠1cos婁脠2

用插針法測定玻璃磚折射率的實驗原理是折射定律為了提高上的精確度，實驗時大頭針之間的距離適當大一些，入射角適當大一些，故AC正確，錯誤；故選AC。，作出光路圖，確定折射光【解答】(1)"id="MathJax-Element-257-Frame"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))((11))((11))P4"id="MathJax-Element-258-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP44PP44

PP44PP44(2)PPPPPP4444444444P3"id="MathJax-Element-259-Frame"role="pr