2025屆北京西城3中物理高二第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、不計空氣的作用，小球沿固定光滑斜面下滑的過程中受到的作用力共有（）A.一個 B.兩個C.三個 D.四個2、如圖甲，有一個原、副線圈匝數(shù)比為2:1的理想變壓器，圖中的電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接如圖乙所示的正弦式交流電，其中Rt為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，R為定值電阻。下列說法正確的是（）A.副線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為u′＝18sin50πt(V)B.t＝0.01s時電壓表V2的示數(shù)為0C.變壓器原、副線圈中的電流之比為2:1D.Rt處溫度降低時，電流表的示數(shù)變小，電壓表V2的示數(shù)不變3、如圖所示，邊長為2l的正方形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場。一個邊長為l的正方形導(dǎo)線框所在平面與磁場方向垂直，導(dǎo)線框和虛線框的對角線共線。從開始，使導(dǎo)線框從圖示位置開始以恒定速度沿對角線方向進(jìn)入磁場，直到整個導(dǎo)線框離開磁場區(qū)域。用I表示導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流，取逆時針方向?yàn)檎瑒t下列表示關(guān)系的圖象中，大致正確的是（）A. B.C. D.4、如圖示為某電容傳聲器結(jié)構(gòu)示意圖，當(dāng)人對著傳聲器講話時，膜片會振動．若某次膜片振動時，膜片與極板距離減小，則在此過程中（）A.膜片與極板間的電容變小

B.極板的帶電量增大C.膜片與極板間的電場強(qiáng)度變小

D.電阻R中無電流通過5、三個點(diǎn)電荷電場的電場線分布如圖所示，圖中a、b兩點(diǎn)出的場強(qiáng)大小分別為、，電勢分別為，則A.＞，＞B.＜，＜C＞，＜D.＜，＞6、如圖所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m的小物塊與左端固定的輕質(zhì)彈簧相連，構(gòu)成一個水平彈簧振子．彈簧處于原長時小物塊位于O點(diǎn)．現(xiàn)使小物塊在M、N兩點(diǎn)間沿光滑水平面做簡諧運(yùn)動，在此過程中A.小物塊運(yùn)動到M點(diǎn)時回復(fù)力與位移方向相同B.小物塊每次運(yùn)動到N點(diǎn)時的加速度一定相同C.小物塊從O點(diǎn)向M點(diǎn)運(yùn)動過程中做加速運(yùn)動D.小物塊從O點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動過程中機(jī)械能增加二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征二號丁運(yùn)載火箭成功將名為“悟空”的暗物質(zhì)粒子探測衛(wèi)星送入太空．若該衛(wèi)星發(fā)射后在距地球表面高度為h的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動，其運(yùn)行的周期為T，以R表示地球的半徑，引力常量為G.根據(jù)這些信息，可求出（）A.該衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時的線速度大小為B.地球表面的重力加速度大小為C.在地球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為D.地球的平均密度為8、一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點(diǎn)經(jīng)B、C運(yùn)動到D點(diǎn)，各點(diǎn)所對應(yīng)的速度與時間的關(guān)系如圖所示.分析圖象后，下列說法正確的是A.B、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度和電勢一定都為零B.A處的電場強(qiáng)度大于C處的電場強(qiáng)度C.粒子在A處的電勢能小于在C處的電勢能D.A、C兩點(diǎn)的電勢差大于B、D兩點(diǎn)間的電勢差9、如圖所示為研究自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路，A、B為兩個完全相同的燈泡，線圈L的自感系數(shù)很大且線圈的直流電阻可忽略，定值電阻的阻值為R．關(guān)于這個實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的有A.閉合開關(guān)S的瞬間，A、B一起亮，然后A熄滅B.閉合開關(guān)S的瞬間，B比A先亮，待電路穩(wěn)定后A比B亮C.閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后再斷開，A逐漸變暗，B閃亮一下然后逐漸變暗D.閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后再斷開，A、B燈中的電流方向均為從左向右10、關(guān)于電場和磁場下列說法正確的是（）A.運(yùn)動電荷在磁場中的受力方向就是該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向B.運(yùn)動電荷在磁場中某位置受到的磁場力為零，該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零C.放入電場中某位置的電荷受到的電場力不為零，該位置的電場強(qiáng)度一定不為零D.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，沿著電流方向電勢逐漸降低三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在物理實(shí)驗(yàn)室中測量瞬時速度是一件相對比較煩瑣的事，有時利用平拋運(yùn)動可以很好的解決，有些情況下甚至可以用水平射程來間接代替平拋運(yùn)動的水平初速度，因此平拋運(yùn)動在很多物理實(shí)驗(yàn)中都有應(yīng)用。為了用最簡便的方法驗(yàn)證動量守恒定律，某同學(xué)設(shè)計了如下實(shí)驗(yàn)，把兩個大小不同的物體用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮的彈簧，如圖所示，將這一系統(tǒng)置于光滑的水平桌面上，調(diào)節(jié)裝置，使得燒斷細(xì)線后，兩物體在離開桌面前彈簧已經(jīng)將其彈開，觀察物體的運(yùn)動情況，進(jìn)行必要的測量.(1)該同學(xué)還必須有的器材是______和_____(2)需要直接測量的物理量是（）A.物塊的質(zhì)量、物塊的質(zhì)量B.物塊、離開水平桌面后做平拋運(yùn)動的飛行時間C.水平桌面邊緣到水平地面的高度D.、落地點(diǎn)分別到對應(yīng)的那側(cè)桌面邊緣的水平距離、(3)在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若______和______相等或近似相等，則表明、系統(tǒng)在彈簧將兩者彈開過程中水平方向動量守恒。（用第（2）問中直接測得的物理量字母或符號表示）12．（12分）如圖所示為萬用表歐姆擋的內(nèi)部電路,a、b為表筆插孔,下列說法中正確的是（）A．a(chǎn)孔插紅表筆B．表盤刻度是均勻的C．用×100Ω擋測量時,若指針指在0Ω附近,則應(yīng)換用×1kΩ擋四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行長直導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距，導(dǎo)軌左端M、P間接有一阻值的定值電阻．一質(zhì)量的導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放在距離左端處，與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)，與導(dǎo)軌始終接觸良好，電阻均忽略不計，整個裝置處在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中．時刻，磁場方向豎直向下，此后磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化如圖所示．不計感應(yīng)電流磁場的影響，重力加速度(1)求時棒所受到的安培力；(2)分析前3s內(nèi)導(dǎo)體棒的運(yùn)動情況并求前3s內(nèi)棒所受的摩擦力f隨時間t變化的關(guān)系式；(3)若時，突然使ab棒獲得向右的速度，同時垂直棒施加一方向水平、大小可變化的外力F，使棒的加速度大小恒為、方向向左．求從到的時間內(nèi)通過電阻的電荷量q14．（16分）平面OM和水平面ON之間的夾角為，其橫截面如圖所示，平面OM和平面ON之間同時存在勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外．勻強(qiáng)電場的方向豎直向上，一帶電小球的質(zhì)量為m，電荷量為q，帶電小球沿紙面以大小為的速度從OM的某點(diǎn)向左上方射入磁場，速度與OM成角，帶電小球進(jìn)入磁場后恰好做勻速圓周運(yùn)動，已知粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡與ON恰好相切，且?guī)щ娦∏蚰軓腛M上另一點(diǎn)P射出磁場，（P未畫出）求：（1）判斷帶電小球帶何種電荷？所加電場強(qiáng)度E為多大？（2）帶電小球離開磁場的射點(diǎn)P到兩平面交點(diǎn)O的距離S多大？（3）帶電小球離開磁場后繼續(xù)運(yùn)動，能打在左側(cè)豎直的光屏上，求此點(diǎn)到O點(diǎn)的距離多大？15．（12分）如圖所示，兩根足夠長平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在傾角θ＝37°的絕緣斜面上，頂部接有一阻值R＝3Ω的定值電阻，下端開口，軌道間距L＝1m．整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直斜面向上．質(zhì)量m＝1kg的金屬棒ab置于導(dǎo)軌上，ab在導(dǎo)軌之間的電阻r＝1Ω，電路中其余電阻不計．金屬棒ab由靜止釋放后沿導(dǎo)軌運(yùn)動時始終垂直于導(dǎo)軌，且與導(dǎo)軌接觸良好．不計空氣阻力影響．已知金屬棒ab與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)μ＝0.5，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10m/s2.(1)求金屬棒ab沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動的最大速度vm；(2)求金屬棒ab沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動過程中，電阻R上的最大電功率PR；(3)若從金屬棒ab開始運(yùn)動至達(dá)到最大速度過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱總共為1.5J，求流過電阻R的總電荷量q.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】地球表面的一切物體都受到重力；物體與斜面之間相互擠壓，故一定受到支持力；光滑表示沒有摩擦力；故物體只受重力和支持力，即受兩個力作用，故B正確，ACD錯誤。故選B。2、D【解析】A．原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓根據(jù)變壓比可知，副線圈兩端電壓的最大值為周期為故角速度是副線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為故A錯誤；B．副線圈兩端電壓的有效值為所以電壓表V2的示數(shù)為，故B錯誤；C．根據(jù)理想變壓器的變流比可知，變壓器原、副線圈中的電流之比等于匝數(shù)反比，即變壓器原、副線圈中的電流之比為1：2，故C錯誤；D．處溫度降低時，的阻值增大，而副線圈的電壓不變，副線圈的電流減小，所以電流表的示數(shù)變小，由于副線圈的電壓不變，根據(jù)變壓比可知原線圈電壓不變，電壓表的示數(shù)不變，故D正確；故選D。3、D【解析】從t=0開始，線框的位移從0到l，導(dǎo)線框切割磁感線的有效長度線性增加，感應(yīng)電流也線性增加；線框的位移從l到2l，線框完全進(jìn)入磁場，無感應(yīng)電流；線框的位移從2l到3l，導(dǎo)線框切割磁感線的有效長度線性減少，感應(yīng)電流也線性減小，故D正確，ABC錯誤。故選D。4、B【解析】振動膜片振動時，電容器兩極板的距離減小，根據(jù)可知電容增大，由于兩極板間的電壓恒定，根據(jù)可知Q增大，處于充電狀態(tài)，電阻R中有電流通過，AD錯誤B正確；根據(jù)可知U恒定，d減小，故E增大，C錯誤5、C【解析】BD．根據(jù)電場線的疏密表示場強(qiáng)大小，可得＞，故BD錯誤；AC．根據(jù)電場線與等勢線垂直，在b點(diǎn)所在電場線上找到與a點(diǎn)電勢相等的，依據(jù)沿電場線電勢降低，可知＜，故A錯誤，C正確6、B【解析】A.根據(jù)F=-kx可知小物塊運(yùn)動到M點(diǎn)時回復(fù)力與位移方向相反，故A錯誤；B.根據(jù)可知小物塊每次運(yùn)動到N點(diǎn)時的位移相同，則加速度一定相同，故B正確；C.小物塊從O點(diǎn)向M點(diǎn)運(yùn)動過程中加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動，故C錯誤；D.小物塊從O點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動過程中彈簧彈力對小物塊做負(fù)功，小物塊的機(jī)械能減小，故D錯誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據(jù)線速度與周期的關(guān)系可知：，故A錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力可得：可得：，衛(wèi)星在地球的表面：聯(lián)立可得：．故B正確；在地球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為v，則：則：．故C錯誤；地球的平均密度，故D正確；故選BD8、BC【解析】A.速度圖像切線的斜率代表加速度，所以B、D兩點(diǎn)的加速度為0，電場力為0，電場強(qiáng)度為0；B、D兩點(diǎn)的速度不相等，說明動能不相等，勢能不相等，電勢不相等，電勢為0點(diǎn)可以任意規(guī)定，故A錯誤；B.由圖可知，A處的加速度大于C處的加速度，A處的電場力大于C處的電場力，A處的電場強(qiáng)度大于C處的電場強(qiáng)度，故B正確；C.由圖可知，粒子在A處的速度大于在C處的速度,粒子在A處的動能大于在C處的動能,粒子在A處的電勢能小于在C處的電勢能，故C正確；D.由圖可知，A、D兩點(diǎn)的速度相等，故粒子的動能相同，從A到C動能變化量小于從B到D動能變化量，因此從A到C電場力做功小于從B到D電場力做功，由W=qU知，AC兩點(diǎn)間的電勢差小于BD兩點(diǎn)間的電勢差，故D錯誤9、BC【解析】當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律來分析；【詳解】A、閉合開關(guān)的瞬間，B燈立即正常發(fā)光，A燈所在電路上線圈產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的增大，電流只能逐漸增大，A燈逐漸變亮；A燈支路的電流增大，則電源消耗的內(nèi)電壓增大，所以B燈逐漸變暗；待電路穩(wěn)定后由于A支路的電阻值小，所以A的電流大于B的電流，A比B亮，故A錯誤，B正確；C、閉合開關(guān)，待電路穩(wěn)定后由于L的電阻不計，所以A的電流大于B的電流；斷開開關(guān)，L中產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源，電流從穩(wěn)定時的電流值開始減小，A、B兩燈串聯(lián)，A的電流不會增大，所以A逐漸變暗，但流過B的電流先增大后才開始減小，B燈會閃亮一下后才逐漸變暗，故C正確；D、閉合開關(guān)，待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，L中產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源，所以流過L的電流方向不變，則A燈中電流的方向不變，B燈中的電流方向與開始時相反，為從右向左，故D錯誤【點(diǎn)睛】對于線圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時，它是電阻不計的導(dǎo)線，當(dāng)電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源10、BC【解析】A．根據(jù)左手定則可知運(yùn)動電荷在磁場中的受力方向與該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，故A錯誤；B．根據(jù)可知，運(yùn)動電荷在磁場中某位置受到的磁場力為零，則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零或電荷的速度為零或速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向平行，故B正確；C．由電場的基本性質(zhì)可知，對放入電場中某位置的電荷受到的電場力不為零，則該位置一定不為零，故C正確；D．沿著電場線方向電勢逐漸降低；在閉合電路的外電路中沿著電流的方向電勢逐漸降低，在內(nèi)電路中沿著電流的方向電勢逐漸升高，故D錯誤；故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).刻度尺(2).天平(3).AD(4).(5).【解析】(1)[1][2]．該同學(xué)還必須有的器材是刻度尺和天平；(2)[3]．要驗(yàn)證的關(guān)系式是其中即；則需要直接測量的物理量是物塊的質(zhì)量、物塊的質(zhì)量以及、落地點(diǎn)分別到對應(yīng)的那側(cè)桌面邊緣的水平距離、；故選AD。(3)[4][5]．在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若和相等或近似相等，則表明、系統(tǒng)在彈簧將兩者彈開過程中水平方向動量守恒。12、A;【解析】歐姆表“+”插孔與內(nèi)置電源的負(fù)極相連，紅表筆插“+”插孔，黑表筆插“-”插孔；歐姆表的刻度盤是不均勻的，右側(cè)刻度線稀疏，左端刻度線密集；使用歐姆表測電阻時，應(yīng)選擇合適的檔位，使指針指在中央刻度線附近；【詳解】A項(xiàng)：由圖示可知，a插孔與內(nèi)置電源負(fù)極相連，則a插孔是“+”插孔，a孔應(yīng)查紅表筆，故A正確；B項(xiàng)：歐姆表刻度盤不均勻，右側(cè)稀疏左側(cè)密集，故B錯誤；C項(xiàng)：用×100Ω擋測量時，若指針指在0Ω附近，說明所選檔位太大，應(yīng)換小擋，應(yīng)換用×10Ω擋，故C錯誤故選A【點(diǎn)睛】本題考查了歐姆表的使用注意事項(xiàng)與歐姆表特點(diǎn)，知道歐姆表結(jié)構(gòu)、原理、使用方法即可正確解題四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），方向水平向右；（2）；（3）?！窘馕觥?1)由圖知：時，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：由閉合電路歐姆定律，則有：棒所受到的安培力為：方向水平向右(2)棒最大靜摩擦力為：可知，因此在前3s內(nèi)棒始終靜止，由平衡條件得：由圖知:聯(lián)立解得：(3)從到的時間內(nèi)，棒通過的位移為：即位移大小為6m通過電阻的電荷量為：14、（1）正電荷，；（2）；（3）.【解析】（1）粒子做勻速圓周運(yùn)動由洛倫茲力提供向心力，重力與電場力平衡，由此求出場強(qiáng)、判斷小球電性（2）粒子做勻速圓周運(yùn)動由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，然后求出距離S（3）粒子離開磁場后做平拋運(yùn)動，應(yīng)用平拋運(yùn)動規(guī)律可以求出距離.【