2023-2024學年海南省海口市龍華區(qū)高三（上）月考物理試卷（一）一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．（3分）下列關于物理學史的敘述正確的是（）A．牛頓第一定律是在大量經(jīng)驗事實的基礎上，通過實驗直接得出的 B．牛頓是第一位利用萬有引力定律計算出地球質(zhì)量的人 C．哥白尼的日心說認為所有行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓 D．伽利略由理想斜面實驗通過邏輯推理否定了力是維持物體運動的原因2．（3分）從空中同一位置由靜止先后釋放小球a和b，兩小球在空中都做自由落體運動，則兩小球在空中的距離d隨小球b下落時間t的變化圖像正確的是（）A． B． C． D．3．（3分）如圖所示，連在一起的兩段輕彈簧豎直放置，彈簧的勁度系數(shù)分別為k1和k2，重力加速度為g。當彈簧處于原長狀態(tài)時，把質(zhì)量為M的重物輕輕放在彈簧上面，當重物所受的合力為零時（）A． B． C． D．4．（3分）如圖所示，兩根直桿豎直放置，左側(cè)直桿上固定一力傳感器，細繩右端系在右側(cè)直桿上。帶有光滑掛鉤的重物掛在細繩上，平衡時力傳感器的示數(shù)與重物的重力相等（）A．60° B．90° C．120° D．135°5．（3分）如圖所示，傾角為θ＝30°的斜面體放在粗糙的水平面上，光滑小球用繩子拉住靜止在斜面上，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，若要整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)（）A． B． C． D．6．（3分）北京時間2023年5月10日21時22分，搭載天舟六號貨運飛船的長征七號遙七運載火箭，在我國海南文昌航天發(fā)射場成功點火發(fā)射（記為軌道Ⅰ），之后飛船再通過多次變軌完成與空間站的交會對接。已知空間站的運行軌道距地面的高度為400km。下列說法正確的是（）A．飛船在軌道Ⅰ上近地點的加速度小于在遠地點的加速度 B．飛船由軌道Ⅰ向高軌道變軌時，需要減速 C．飛船在軌道Ⅰ上的運行周期小于空間站的運行周期 D．對接完成后，飛船運行的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度7．（3分）一小球從如圖所示的坐標原點O處開始做平拋運動，初速度沿著x軸正方向。在坐標原點O處有束激光照射到小球上，隨著小球的運動，總能保持激光束跟蹤小球。設任意時刻激光束與x軸正方向的夾角為θ，小球做平拋運動的時間為t，則（）A． B． C．tanθ∝t D．tanθ∝t28．（3分）如圖所示為航母跑道，設航母跑道是與水平面成α角的傾斜跑道，艦載飛機在其上加速起飛前以大小為g的加速度沿著跑道加速（大小未知）與飛機速度v方向的夾角也等于α，飛機前進過程中受到的阻力方向與速度方向在一條直線上，比例系數(shù)為。已知飛機的質(zhì)量為m，則發(fā)動機對飛機提供的動力F的大小為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。（多選）9．（4分）在粗糙的水平面上，一物體在水平拉力的作用下由靜止開始做加速運動，撤去拉力后物體做減速運動直到停止。已知物體加速運動的時間是減速運動的時間的2倍（）A．加速、減速兩階段的位移大小之比為1：1 B．加速、減速兩階段的平均速度大小之比為2：1 C．加速、減速兩階段的加速度大小之比為1：2 D．拉力與滑動摩擦力的大小之比為3：2（多選）10．（4分）如圖所示，質(zhì)量為m的物塊放在質(zhì)量為2m、傾角為θ的斜面體上，物塊在沿斜面向上的推力F的作用下沿斜面向上勻速運動，斜面足夠長，重力加速度為g（）A．推力F＝2mgsinθ B．地面對斜面的靜摩擦力Ff＝mgsin2θ C．地面對斜面體的支持力 D．若撤去推力F，物塊最終會沿斜面滑下（多選）11．（4分）為研究超重與失重現(xiàn)象，某同學把量程為2kg的彈簧臺秤搬到了電梯內(nèi)。發(fā)現(xiàn)電梯上下運動過程中，在臺秤上放置的重物最大質(zhì)量不能超過，重力加速度g取9.8m/s2，則下列說法正確的是（）A．電梯勻變速運動的加速度大小為0.1m/s2 B．電梯勻變速運動的加速度大小為0.2m/s2 C．電梯勻變速上升的過程中，臺秤上放置的重物質(zhì)量不能超過0.98kg D．電梯勻變速上升的過程中，臺秤上放置的重物質(zhì)量不能超過1.96kg（多選）12．（4分）2023年6月，在土衛(wèi)二的海洋中檢測到生命的關鍵組成元素磷，磷是生命的六大基本元素之一，是生命的重要組成部分。此次發(fā)現(xiàn)意味著，土衛(wèi)二是太陽系中最有可能存在生命的天體之一?？ㄎ髂崽柾列翘綔y器已經(jīng)測出了土衛(wèi)二的密度為ρ，則根據(jù)題中所給數(shù)據(jù)（）A．可以計算出這顆衛(wèi)星的周期 B．可以計算出這顆衛(wèi)星的向心加速度的大小 C．可以計算出這顆衛(wèi)星的圍繞土衛(wèi)二運動的角速度 D．可以計算出這顆衛(wèi)星受到土衛(wèi)二的萬有引力的大?。ǘ噙x）13．（4分）如圖所示，一長為0.1m的輕桿的一端固定在位于O點的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一質(zhì)量為0.1kg的小球（可視為質(zhì)點），P是圓周上的最高點，Q為最低點。已知重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．當小球運動到與O點等高的水平位置時，桿對小球的作用力為零 B．若小球經(jīng)過P點時的速度大小為1m/s，則此時桿對小球的作用力為零 C．若小球經(jīng)過P點時桿對小球的作用力大小等于0.36N，則此時小球的速度大小一定等于0.8m/s D．若小球經(jīng)過Q點時桿對小球的作用力大小等于5N，則此時小球的速度大小一定等于2m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。14．（10分）（1）某同學在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，選出了如圖所示的一條紙帶，該同學選取O點為第1個計數(shù)點（每相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個計時點未畫出），并用刻度尺測量各個計數(shù)點到O點的距離分別為OA＝3.20cm，OB＝12.50cm，OD＝49.10cm。已知打點計時器的電源頻率為50Hz。①下列說法中正確的是。（填選項前的字母）A．必須選擇點跡清晰的紙帶，而且應以打點計時器所打下的第一個點作為第1個計數(shù)點B．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖像，圖像為傾斜直線，其傾角的正切值tanα即可表示小車的加速度大小C．應先接通電源，待打點計時器穩(wěn)定打點后再釋放小車D．作v﹣t圖像時，為保證其圖線過每一個點，應用折線連接每一個點②在打點計時器打下A點時，小車的瞬時速度大小為m/s，小車運動的加速度大小為m/s2。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）（2）在“探究彈力和彈簧伸長量的關系”實驗中，如圖1所示將該彈簧豎直懸掛起來，在彈簧自由端掛上不同質(zhì)量的砝碼。實驗時測出了砝碼質(zhì)量m與彈簧長度x的相應數(shù)據(jù)，根據(jù)圖像可知該彈簧的原長x0＝m，彈簧的勁度系數(shù)k＝N/m。（重力加速度g取10m/s2，結(jié)果保留2位小數(shù)）15．（8分）某物理興趣小組的同學用如圖1所示的裝置來探究“在質(zhì)量不變的情況下，物體的加速度與所受合外力的關系”實驗。光滑長木板的一端固定在水平面上，另一端用鐵架臺架起形成一個斜面。長木板最左端固定一個力傳感器，另一端與帶有遮光片的小車相連，遮光片的寬度為d（未知），主要實驗步驟如下：①按照實驗裝置圖安裝實驗器材；②讀出小車靜止時力傳感器的示數(shù)F0；③用刻度尺測量遮光片中心到光電門中心的距離x，然后剪斷細繩，讓小車從靜止開始運動（不計空氣阻力）；④通過改變繩長，改變小車的位移，重復步驟③；⑤多次調(diào)整斜面的傾角，重復實驗步驟②③④。（1）用游標卡尺測出小車上遮光片的寬度d如圖2所示，則d＝cm。（2）力傳感器示數(shù)為F0時，小車在長木板上運動的合外力大小F合＝；小車經(jīng)過光電門時的瞬時速度大小v＝（用d、Δt表示）。（3）根據(jù)步驟③④的實驗數(shù)據(jù)，作出了圖像如圖3所示m?s﹣2。（結(jié)果保留2位小數(shù)）（4）根據(jù)步驟⑤中的數(shù)據(jù)，求得對應的加速度a的數(shù)據(jù)，以力傳感器示數(shù)F為縱坐標，如果所得的圖像近似為一條，則表明在誤差允許范圍內(nèi)，在質(zhì)量不變的情況下，物體的加速度與所受的合外力成正比。四、計算題：本題共3小題，共38分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說?明、方程式和演算步驟。16．（10分）如圖所示，汽車在平直公路上以a＝2m/s2的加速度做勻加速直線運動，經(jīng)過O點時的速度大小為v0＝2m/s，通過PQ段所用時間為t0＝2s，PQ段與OP段距離之比為，求：（1）汽車通過OP段所用的時間；（2）OQ段的長度。17．（12分）如圖所示，桌面離地面的高度為0.728m，截面為梯形的木箱固定于水平地面上，桌面比木箱上表面高出0.2m，桌面上放有一質(zhì)量為0.1kg的小滑塊?，F(xiàn)把大小為0.35N、水平向右的拉力F作用在小滑塊上，之后小滑塊飛出桌面做平拋運動，剛好沿著梯形木箱右斜面滑落到地面，重力加速度g取10m/s2，求：（1）小滑塊在桌面上運動的時間；（2）木箱的高度與斜邊的長度之比；（3）小滑塊從做平拋運動到滑落至地面的總時間。18．（16分）如圖所示，在光滑水平面上有足夠長的小車A，小車A上放置一塊木板B0向右勻速運動。某時刻滑塊C（可視為質(zhì)點）以大小為3v0的水平速度滑上B的上表面。已知C、B之間的動摩擦因數(shù)為μ0，小車A質(zhì)量是木板B質(zhì)量的2倍，滑塊C和木板B質(zhì)量相等。（1）若B、A之間固定，C剛好不脫離B，求B的長度；（2）若B、A之間不固定，且B、A間的動摩擦因數(shù)為0.25μ0，C剛好不脫離B，求C在B上運動的時間以及B的長度。

參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．【分析】物理學家通過哪些實驗或者試驗方法，推理歸納出了哪些結(jié)論或者定律，測量或者分析了哪些物理量，是物理學史的?？碱}型，需要各位同學針對性記憶?！窘獯稹拷猓篈．牛頓第一定律所描述的狀態(tài)是一種理想狀態(tài)，而不是通過實驗直接得出的；B．英國物理學家卡文迪什測出了萬有引力常量的數(shù)值，記憶點：卡文迪什—引力常量，故B錯誤；C．哥白尼日心說認為所有行星圍繞太陽運動的軌道都是圓形而不是橢圓，記憶點：開普勒—開普勒三大定律，故C錯誤；D．伽利略通過理想斜面實驗否定了力是維持物體運動的原因，故D正確。故選：D?！军c評】本題為物理學史?？碱}型，需要各位同學針對性記憶，屬于簡單題型。2．【分析】AB兩球均做自由落體運動，由位移公式列出它們的距離與時間關系的表達式，對比選項分析即可?！窘獯稹拷猓涸O兩球下落的時間間隔為T，小球b下落時間為t，因此兩球間的距離由于g、T都是常數(shù)。故B正確。故選：B?！军c評】本題主要考查了自由落體基本公式的直接應用，要選擇圖象必須要求出函數(shù)表達式，難度不大，屬于基礎題。3．【分析】重物靜止時，受力平衡，根據(jù)胡克定律分別計算彈簧的形變量大小?！窘獯稹拷猓褐匚镬o止時，受力平衡、下兩段彈簧Mg＝k1x1Mg＝k2x2所以重物下降的距離為形變量的和，即故D正確，ABC錯誤。故選：D?！军c評】本題考查了胡克定律和共點力平衡的基本運用，關鍵理清初末狀態(tài)，根據(jù)平衡和胡克定律進行求解，難度不大。4．【分析】利用三力平衡，以及活結(jié)模型的特點，可計算出角度?！窘獯稹拷猓河捎趻煦^光滑，所以左，設繩子與豎直方向的夾角為θ根據(jù)受力平衡有：2Fcosθ＝mg解得：，又因為F＝G，，所以左右兩側(cè)繩子夾角為，2θ＝120°故選：C?！军c評】本題要主要掛鉤光滑，相當于滑輪，則左右繩上的力相同。從而求出角度。5．【分析】對整體和小球分別受力分析，聯(lián)立受力平衡方程，求出最小值?！窘獯稹拷猓簩φw和小球分別受力分析如下圖：對小球有，沿斜面方向Tcosθ，解得對整體剛好受力平衡時，有FTcos60°＝Ff，F(xiàn)Tsin60°+FN＝2.5mg解得要保證系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，則，μ≥μmin，即μ＞選項A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】本題主要考查利用受力平衡求最值，先聯(lián)立平衡方程，然后找到臨界條件代入計算。6．【分析】根據(jù)牛頓第二定律分析加速度關系；飛船由軌道Ⅰ向高軌道變軌時，需要加速；根據(jù)開普勒第三定律分析周期關系；根據(jù)萬有引力提供向心力列式分析角速度關系?！窘獯稹拷猓篈、由牛頓第二定律可知：，因近地點到地心的距離更小，故A錯誤；B、飛船由軌道Ⅰ向高軌道變軌時做離心運動，由向心力公式可知，故B錯誤；C、由開普勒第三定律可知，飛船軌道半長軸為空間站軌道半徑為r2＝R+h＝R+400km因為r1＜r6，所以飛船在軌道Ⅰ上的運行周期小于空間站的運行周期，故C正確；D、對接完成后空間站到地面距離小于同步衛(wèi)星到地面的距離，可知空間站的角速度大于同步衛(wèi)星角速度，故對接完成后，故D錯誤。故選：C?！军c評】解答本題的關鍵要掌握牛頓第二定律、萬有引力定律和開普勒定律，要知道飛船與空間站的交會對接后，做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力。7．【分析】小球做平拋運動，根據(jù)豎直方向做自由落體運動，和水平方向做勻速直線運動計算位移的偏轉(zhuǎn)角即可?！窘獯稹拷猓盒∏蜃銎綊佭\動豎直方向的位移為水平方向的位移為x＝v0t因此激光束與x軸正方向的夾角θ的正切值為即tanθ∝t故C正確，ABD錯誤。故選：C?！军c評】本題主要考查了平拋運動，抓住水平方向做勻速運動，豎直方向做自由落體運動計算位移的偏轉(zhuǎn)角即可。8．【分析】先對飛機受力分析，把力分解到沿運動和垂直于運動方向，沿運動方向列牛頓第二定律的表達式，結(jié)合阻力表達式列式求解?！窘獯稹拷猓涸O飛機所受支持力大小為FN，所受阻力大小為Ff，對飛機受力分析，受重力、阻力，如圖所示沿著速度方向，由牛頓第二定律可得Fcosα﹣mgsinα﹣Ff＝mg垂直速度方向有Fsinα+FN﹣mgcosα＝0由已知條件Ff＝kFN解得故A正確，BCD錯誤。故選：A。【點評】本題考查了牛頓第二定律，是一道基礎、典型的題，要熟練掌握。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9．【分析】首先，根據(jù)v﹣t圖像與t軸所圍的面積求出加速、減速兩階段的位移大小之比；接著，根據(jù)平均速度公式求出加速、減速兩階段的平均速度大??；然后，由加速度定義式結(jié)合圖像求出加速、減速兩階段的加速度大小之比；最后，根據(jù)牛頓第二定律求出加速、減速兩階段的合外力大小之比，進而求出拉力和摩擦力大小之比?！窘獯稹拷猓篈、v﹣t圖像與t軸所圍的面積表示位移、減速兩階段的位移大小分別為所以加速和減速階段的位移大小之比為2：1，故A錯誤；B、由平均速度公式，加速，故B錯誤；C、由加速度定義式、減速兩階段的加速度大小之比為2：2；D、根據(jù)牛頓第二定律可知、減速兩階段的加速度大小之比等于合外力大小之比，即，解得。故選：CD。【點評】本題考查了牛頓運動第二定律和圖像的結(jié)合問題，解決本題的關鍵是根據(jù)圖像求出加速度和位移。10．【分析】利用受力平衡，聯(lián)立平衡方程，分析各力的大小。?！窘獯稹拷猓篈、由題意可知，受力平衡F＝mgsinθ+μmgcosθ＝mgsinθ+tanθmgcosθ＝2mgsinθ，故A正確；B、對物塊，可知地面對斜面體的靜摩擦力大小為Ff＝Fcosθ＝2mgsinθcosθ＝mgsin2θ，故B正確；C．對整體受力分析，，故C錯誤；D．由于動摩擦因數(shù)μ＝tanθ，若撤去推力F，故D錯誤。故選：AB?！军c評】本題主要考查對整體法的使用，以及利用受力平衡，分析力的大小。11．【分析】根據(jù)牛頓第二定律計算支持力最大時的加速度；根據(jù)牛頓第二定律計算重物的最大質(zhì)量。【解答】解：AB．在電梯加速向下運行的過程中F＝2×10N＝20N，m＝代入數(shù)據(jù)解得，故A錯誤；CD．電梯勻加速上升的過程中，根據(jù)牛頓第二定律有：F﹣m2g＝m4a把F＝19.6N，a＝0.2m/s2代入，解得m2＝2.96kg，C錯誤。故選：BD?！军c評】本題關鍵掌握超重和失重的實質(zhì)，根據(jù)牛頓第二定律計算。12．【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力列方程，結(jié)合質(zhì)量與密度的關系，可求出這顆衛(wèi)星的周期；根據(jù)向心加速度公式，分析能否計算出這顆衛(wèi)星的向心加速度；根據(jù)角速度與周期的關系分析能否計算出這顆衛(wèi)星的圍繞土衛(wèi)二運動的角速度；根據(jù)萬有引力定律分析能否計算出這顆衛(wèi)星受到土衛(wèi)二的萬有引力的大小。【解答】解：A、設土衛(wèi)二的質(zhì)量為M，對于貼近土衛(wèi)二表面的人造衛(wèi)星又因為M＝ρ?解得：，可得這顆衛(wèi)星的周期為：；B、這顆衛(wèi)星的向心加速度，故不能計算出向心加速度的大??；C、這顆衛(wèi)星的角速度，故C正確，D、衛(wèi)星受到土衛(wèi)二的萬有引力大小：、R未知，故D錯誤。故選：AC?！军c評】解答本題的關鍵要掌握萬有引力提供向心力這一思路，能靈活選擇向心力的形式。要注意貼近土衛(wèi)二表面的人造衛(wèi)星軌道半徑近似等于土衛(wèi)二的半徑。13．【分析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，由合力提供向心力，小球運動到任意一個點時，用牛頓第二定律可求球?qū)U的作用力?！窘獯稹拷猓篈．當小球運動到與O點等高的水平位置時，重力豎直向下不能提供向心力，不為零；B．在最高點P代入數(shù)據(jù)解得小球經(jīng)過P點時的速度大小為1m/s，則此時桿對小球的作用力為零；C．在最高點P，也可能向下，因此有或解得v1＝0.6m/sC錯誤；D．當小球運動到Q點時，則有代入數(shù)據(jù)解得vQ＝2m/sD正確。故選：BD?！军c評】解題的關鍵是要明確小球做勻速圓周運動時，由合力提供向心力，向心力要指向圓心三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。14．【分析】（1）根據(jù)某段時間中間時刻速度等于平均速度計算計數(shù)點A的速度，利用圖象計算初速度和加速度。（2）理解圖像的物理意義，分析出彈簧原長的大小關系，結(jié)合圖像的斜率得出彈簧的勁度系數(shù)?！窘獯稹拷猓海?）①A．處理紙帶數(shù)據(jù)時，但不一定以打點計時器打的第一個點作為第1個計數(shù)點；B．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖像、縱坐標取不同的標度時，所以用量角器測量出v﹣t圖線的傾角α，故B錯誤；C．為了減小實驗誤差，待打點計時器穩(wěn)定打點后再釋放小車；D．作v﹣t圖像時，并不能保證所有的，所以連線時，不能落在線上的點盡可能均勻分布在直線的兩側(cè)附近即可。故選：C。②由于每兩個計數(shù)點之間還有4個點未畫出，可知相鄰計數(shù)T＝4×0.02s＝0.2s根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律，某段位移過程中時間中點的瞬時速度等于該段過程中的平均速度，小車的瞬時速度大小為根據(jù)逐差法可得小車運動的加速度大小為（2）圖線的縱截距表示未加砝碼時彈簧的長度即彈簧原長x0＝6cm＝2.06m彈簧的勁度系數(shù)答：（1）①C；②0.625；（2）0.06?！军c評】要求掌握利用紙帶計算各計數(shù)點的速度，利用圖象計算加速度。本題主要考查了胡克定律的相關應用，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合圖像的物理意義和胡克定律即可完成分析。15．【分析】（1）20分度的游標卡尺的精確度為0.05mm，測量值＝主尺上對應示數(shù)（mm）+對齊格數(shù)（不估讀）×精確度；（2）小車靜止時，根據(jù)平衡條件求解力傳感器示數(shù)與重力分力的關系，再分析剪斷細繩后，小車所受的合外力；根據(jù)速度公式求解小車通過光電門的速度；（3）根據(jù)運動學公式求解函數(shù)，結(jié)合圖像斜率的含義分析求解重力加速度；（4）根據(jù)牛頓第二定律得出F﹣a函數(shù)，再分析圖像特征，然后作答。【解答】解：（1）20分度的游標卡尺的精確度為0.05mm，寬度d＝11mm+15×0.05mm＝11.75mm＝3.175cm（2）小車靜止時，根據(jù)平衡條件，即F0＝mgsinθ剪斷細繩之后，小車受到的合外力等于小車重力沿斜面向下的分力合＝mgsinθ因此，小車在長木板上運動時所受的合外力大小F合＝F0小車通過光電門的瞬時速度大小為（3）根據(jù)速運動學公式v7＝2ax聯(lián)立解得?x圖像的斜率結(jié)合函數(shù)得（4）根據(jù)牛頓第二定律F＝m?a作出F﹣a函數(shù)，在質(zhì)量不變的情況下，因此圖像應是一條過原點的傾斜直線。故答案為：（1）1.175；（2）F2；；（3）1.64。【點評】本題考查了游標卡尺的讀數(shù)和探究“在質(zhì)量不變的情況下，物體的加速度與所受合外力的關系”實驗，明確實驗原理是解題的關鍵。四、計算題：本題共3小題，共38分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說?明、方程式和演算步驟。16．【分析】（1）本小問可以根據(jù)題干給的PQ段與OP段距離之比，運用運動學公式，分別求出兩段距離與從O點到P點的時間t的關系，進而求出時間t。（2）可以先根據(jù)第一問的答案求解出P點的速度，然后根據(jù)位移與速度之間的關系，求出PQ段的距離，然后根據(jù)題干給出的PQ段和OP段的比例，求解出OQ的長度?！窘獯稹拷猓海?）設汽車經(jīng)過P點時的速度大小為v，從O點到P點的時間為t，有：v＝v0+at對于PQ段，根據(jù)運動學公式有：對于OP段，根據(jù)勻加速運動位移公式根據(jù)題干，可知：聯(lián)立上式，可以解得：t＝7s（2）設汽車經(jīng)過P點時的速度大小為v，根據(jù)速度與時間的公式0+at＝7m/s+2×7m/s＝16m/s對于PQ段，根據(jù)運動學公式有：PQ＝36m對于OP段，根據(jù)題干給的PQ段與OP段距離之比為，可以解得LOP＝63m故O、Q間的距離為：LOQ＝LOP+LPQ＝63+36m＝99m答：（1）汽車通過OP段所用的時間為7s；（2）OQ段的長度為99m?！军c評】在給出距離的比值時，應該首先想到用與位移有關的公式進行求解，本題主要運用位移與時間的關系，結(jié)合題目中給出的距離的比值，即可求解出從O點到P點的時間。17．【分析】（1）小滑塊在桌面上運動時，由牛頓第二定律求出加速度，由位移—時間公式求小滑塊在桌面上運動的時間；（2）由速度—時間公式求出小滑塊離開桌面時的速度大小。小滑塊在空中做平拋運動，由速度—位移公式求出小滑塊剛好沿著梯形箱子滑落時的初速度大小，結(jié)合幾何關系求木箱的高度與斜邊的長度之比；（3）由幾何關系計算出木箱斜邊長度。根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式相結(jié)合計算出小滑塊沿斜面做勻加速直線運動的時間。根據(jù)下落的高度計算平拋運動的時間，從而求得小滑塊從做平拋運動到滑落至地面的總時間?！窘獯稹拷猓海?）小滑塊在桌面上運動時的加速度大小為解得：a1＝5.5m/s2由L＝得小滑塊在桌面上運動的時間為＝s＝8s（2）小滑塊離開桌面時的速度大