2021-2022學年遼寧省丹東市東港龍王廟中學高二物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）兩個完全相同的金屬小球，電荷量之比為1∶7，相距為時，它們之間的庫侖力為。若兩者充分接觸后再放回到原來的位置上，則它們之間的庫侖力可能變?yōu)锳．7/16 B．7/9 C．9/7 D．16/7參考答案：CD2.關于電勢和電勢能下列說法中正確的是(

)A.在電場中，電勢高的地方，電荷在該點具有的電勢能就大；B.在電場中，電勢高的地方，放在該點的電荷的電量越大，它所具有的電勢能也越大；C.在電場中的任何一點上，正電荷所具有的電勢能一定大于負電荷具有的電勢能；D.在負的點電荷所產生的電場中任何一點上，正電荷所具有的電勢能一定小于負電荷所具有的電勢能.

參考答案：D3.下列敘述正確的是

(

)A.帶等量異號電荷的兩個導體接觸后，電荷就會由于相互中和而消失B.一個物體帶1.6×10-9C的負電荷，這是它失去了1.0×1010個電子的緣故C.元電荷是表示跟電子所帶電荷量數值相等的電荷量D.電場中某點場強越大，則同一電荷在該點所受電場力越大參考答案：CD4.（多選）如圖所示，在勻強電場和勻強磁場共存的區(qū)域內，電場的電場強度為E，方向豎直向下，磁場的磁感應強度為B，方向垂直于紙面向里，一質量為m的帶電粒子，在場區(qū)內的一豎直平面內做勻速圓周運動，則可判斷該帶電質點（

）A．帶有電荷量為的負電荷

B．沿圓周逆時針運動

C．運動的角速度為

D．運動的速率為參考答案：AC5.如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，內有垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度為B，一帶電粒子（不計重力）以某一初速度沿截面直徑方向射入時，穿過此區(qū)域的時間為t，粒子飛出此區(qū)域時，速度方向偏轉60°角，如圖所示，根據上述條件可求下列物理量中的

A．帶電粒子的荷質比

B．帶電粒子的初速度

C．帶電粒子在磁場中運動的周期

D．帶電粒子在磁場中運動的半徑

參考答案：（AC

）二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.將電量為6×10-6C的負電荷從電場中的A點移動到B點，克服電場力做了3×10-5J的功，再從B點移動到C點，電場力做了1.2×10-5J的功，則電荷從A點移到B點，再從B點移到C點的過程中電勢能

（填“增加”或“減少”）了

J；如果規(guī)定A點為零勢點，則φB=

V，φC=

V。參考答案：增加

1.8×10-5J

-5V

-3V7.電源是把______能轉化為______能的裝置，電動勢是描述電源這種本領的物理量，它的單位是________。參考答案：其他形式，電，伏特8.（6分）要使重400N的桌子從原地移動，至少要用120N的水平推力。桌子從原地移動以后，為了使它繼續(xù)做勻速運動，只要100N的水平推力就行了，則最大靜摩擦力為

N。桌子與地面間的動摩擦因數為

。如果用90N的水平推力推桌子，這時靜摩擦力為

N。參考答案：120、0.25、909.兩個相同的金屬小球，一個帶電Q1=4.0×10﹣11C，另一個帶電Q2=﹣6.0×10﹣11C．（1）兩球相距50cm時，它們之間的靜電力是

N．（2）把兩球接觸，分開后使它們仍相距50cm，它們之間的靜電力為

N．參考答案：8.64×10﹣11，3.6×10﹣12．【考點】庫侖定律．【分析】（1）根據庫侖定律公式F=k列式求解即可；（2）把兩球接觸，由于兩個金屬球相同，故電量是先中和后均分，根據庫侖定律再次求解靜電力即可．【解答】解：（1）根據庫侖定律，靜電力為：F=k=N=8.64×10﹣11N（2）把兩球接觸，電量是先中和后均分，為：Q=C=﹣1×10﹣11C故靜電力為：F′=k=N=3.6×10﹣12N故答案為：8.64×10﹣11，3.6×10﹣12．10.某同學用大頭針、三角板、量角器等器材測半圓形玻璃磚的折射率．開始玻璃磚的位置如圖中實線所示，使大頭針P1、P2與圓心O在同一直線上，該直線垂直于玻璃磚的直徑邊，然后使玻璃磚繞圓心O緩慢轉動，同時在玻璃磚的直徑邊一側觀察P1、P2的像，且P2的像擋住P1的像．如此觀察，當玻璃磚轉到圖中虛線位置時，上述現象恰好消失．此時只須測量出玻璃磚直徑邊繞O點轉過的角度θ，即可計算出玻璃磚的折射率．請用你的測量量表示出折射率n=．參考答案：解：當恰好看不見P1、P2的像時，剛好發(fā)生全反射現象，此時玻璃磚直徑轉過的角度θ為臨界角，折射率n=．故答案為：玻璃磚直徑邊繞O點轉過的角度θ，．11.當具有5.0eV能量的光子照射到某金屬表面而后，從金屬表面逸出的電子具有最大的初動能是1.5eV，為了使這種金屬產生光電效應，入射光的最低能量為

參考答案：3.5ev

12.設某型號的太陽能電池板的電動勢為600μV，短路電流為30μA，則由此可以推知，該電池的內電阻為

Ω；如果再將此電池與一個阻值為20Ω的電阻連成閉合電路，那么通過電池的電流為

μA．參考答案：20

15【考點】閉合電路的歐姆定律．【分析】由閉合電路的歐姆定律可求得電池的內電阻；同理可求得連接電阻后的電流．【解答】解：內阻連接電阻后電路中電流為故答案為：20

1513.（5分）使用中值電阻為（×1檔）的多用電表測量兩個定值電阻和，（已知和的阻值分別約為和,在下列各項操作中選出盡可能準確地測量各阻值、并符合多用電表使用規(guī)則的操作：A.轉動選擇開關使其尖端對準“×1k”檔B.轉動選擇開關使其尖端對準“×100”檔C.轉動選擇開關使其尖端對準“×10”檔D.轉動選擇開關使其尖端對準“×1”檔E.轉動選擇開關使其尖端對準“OFF”檔F.將兩表筆分別接觸R1兩端，讀出R1的阻值后，隨即斷開G.將兩表筆分別接觸R1兩端，讀出R1的阻值后，隨即斷開H.將兩表筆短接，調整歐姆調零旋鈕，使指針指到O歐姆位置。所選操作的合理順序為：

。參考答案：DHFAHGE（或

AHGDHFE）三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.一多用電表的電阻擋有四個倍率，分別是×1、×10、×100、×1K。用×10擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到________擋。如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行讀數，那么缺少的步驟是

，若補上該步驟后測量，表盤的示數如下圖所示，則該電阻的阻值是________Ω，此時歐姆表的內阻為________Ω。參考答案：15.小亮同學為研究某電學元件（最大電壓不超過2.5V，最大電流不超過0.55A）的伏安特性曲線，在實驗室找到了下列實驗器材：A．電壓表（量程是3V，內阻是6kΩ的伏特表）B．電壓表（量程是15V，內阻是30kΩ的伏特表）C．電流表（量程是0.6A，內阻是0.5Ω的安培表）D．電流表（量程是3A，內阻是0.1Ω的安培表） F．滑動變阻器（阻值范圍0~5Ω），額定電流為0.6AG．滑動變阻器（阻值范圍0~100Ω），額定電流為0.6A直流電源（電動勢E＝3V，內阻不計）開關、導線若干。該同學設計電路并進行實驗，通過實驗得到如下數據（I和U分別表示電學元件上的電流和電壓）。I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00①為提高實驗結果的準確程度，電流表選

；電壓表選

；滑動變阻器選

。（以上均填寫器材代號）②請在上面的方框中畫出實驗電路圖；③在圖（a）中描出該電學元件的伏安特性曲線；④據圖（a）中描出的伏安特性曲線可知，該電學元件的電阻隨溫度而變化的情況為：

；⑤把本題中的電學元件接到圖（b）所示電路中，若電源電動勢E=2.0V，內阻不計，定值電阻R=5Ω，則此時該電學元件的功率是_______W。參考答案：C；A；F。

（3分）如答圖1所示。

（2分）如答圖2所示。

（2分）元件電阻隨溫度升高而增大。

（2分）0.14～0.18W均可。

（3分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.用波長比為4：3的兩種單色光A、B分別照射鋅版時，逸出的光電子的最大初動能分別為EKA、EKB．由此可知A、B光子的能量之比為多少？鋅版的逸出功為多少？參考答案：解：A、B兩種光子的波長之比為4：3，根據v=及E=hv得A、B兩種光子的能量之比為：EA：EB=λB：λA=3：4；設此金屬的逸出功為W，根據愛因斯坦光電效應方程，當用A單色光照射時：EkA=﹣W，當用B單色光照射時：EkB=﹣W，聯(lián)立解得：W=3EKB﹣4EKA；答：A、B光子的能量之比為3：4；鋅版的逸出功為3EKB﹣4EKA．【考點】愛因斯坦光電效應方程．【分析】根據E=求出光子的能量，根據光電效應方程求出金屬的逸出功，從而即可求解．17.電磁炮是一種理想的兵器，它的主要原理如圖所示。1982年澳大利亞制成了能把2.2kg靜止的彈體（包括金屬桿EF的質量）加速到1.0ⅹ104m/s的電磁炮（常規(guī)炮彈的速度約為2ⅹ103m/s）。若軌道寬為2m，長100m，通過的電流為10A，則軌道間所加勻強磁場的磁感強度為多大？磁場力的最大功率為多大？（軌道摩擦不計）參考答案：解：電磁炮在加速過程中，由動能定理，有：

3分代入數據，解得所加勻強磁場的磁感應強度B=5.5×1O4T

2分由P=F·V可知，磁場力的最大功率為：P=BILV=1.1×1010W

3分18.(12分)如圖所示