PAGE湖北省八市2022屆高三下學期物理3月聯(lián)考（二模）試卷一、單選題1．下列說法正確的是（）A．在光電效應實驗中，遏止電壓與入射光的頻率有關B．結合能越大的原子核核子平均質量越小C．湯姆孫通過研究陰極射線精確測定出電子所帶的電荷量D．泊松亮斑說明光具有粒子性2．如圖所示，餐廳服務員水平托舉菜盤給顧客上菜。若服務員托舉菜盤先勻速前行，此時手對菜盤的作用力大小為F1；服務員快到餐桌前變?yōu)闇p速向前運動，此時手對菜盤的作用力大小為FA．F1=F2 B．F1<F23．如圖甲所示，100匝圓形線圈接入理想變壓器的原線圈，變壓器的副線圈接入阻值為R的電阻，電表都是理想電表。已知每匝線圈的電阻均為R，若在線圈位置加人垂直于線圈平面的磁場，磁感應強度B隨時間t按正弦規(guī)律變化的圖像如圖乙所示，得到圓形線圈的電熱功率與電阻R的功率相等。下列說法正確的是（）A．T2B．T4時刻兩電流表示數(shù)均為C．原、副線圈匝數(shù)比nD．對某一段線圈來說，當磁感應強度最大時，受到的安培力最大4．2021年10月我國發(fā)射的神舟十三號飛船實現(xiàn)了和空間站徑向對接的新突破，如圖甲所示。假定對接前飛船在橢圓軌道Ⅰ上，如圖乙所示，Ⅱ為空間站圓軌道，軌道半徑為kR（R為地球半徑），A為兩軌道交點，B為飛船軌道近地點。地球表面重力加速度為g，下列說法中正確的是（）A．空間站在圓軌道Ⅱ上的向心加速度大于gB．飛船和空間站在A處所受的萬有引力相同C．飛船在A處的機械能大于B處的機械能D．飛船在B處的速度v5．如圖所示斜面體靜置在粗糙的水平地面上，質量不等的甲、乙兩物塊用跨過光滑定滑輪的輕質細繩連接，分別靜止在斜面AB、AC上，滑輪兩側細繩與斜面平行，AB斜面粗糙，AC斜面光滑。若在甲物塊上面再放一個小物塊后甲、乙仍靜止。則以下分析正確的是（）A．甲所受的摩擦力一定變小B．甲所受的摩擦力一定變大C．斜面體所受地面的摩擦力一定變大D．斜面體所受地面的摩擦力一定不變6．學校門口的車牌自動識別系統(tǒng)如圖所示，閘桿距地面高為1m，可繞轉軸O在豎直面內勻速轉動；自動識別區(qū)ab到a＇b＇的距離為6.9m。汽車以速度3m/s勻速駛入自動識別區(qū)，識別的反應時間為0.3s；若汽車可看成高1.6m的長方體，閘桿轉軸O與車左側面水平距離為0.6m。要使汽車勻速順利通過，閘桿轉動的角速度至少為（）A．π8rad/s B．π6rad/s C．π7．小明模仿科技小視頻制作電磁“小車”：用銅制裸導線繞制成長螺線管當做軌道，固定在水平桌面上；將兩個磁性很強的磁鐵固連在一節(jié)新干電池的兩極上，制成“小車”，磁極與電極如圖所示。把“小車”從左側入口完全推入螺線管、“小車”并沒有像視頻那樣向前運動。以下說法正確的是（）A．電磁“小車”工作原理是螺線管中產生了電磁感應現(xiàn)象B．若將“小車”從右側入口完全推入，“小車”可能會向前運動C．若將左端磁鐵反向與電池固連后從左側入口完全推入，“小車”可能會運動D．將“小車”放入包有絕緣層的鋁制長螺線管中，“小車”可能會運動二、多選題8．如圖所示，實線為某一帶電粒子在某點電荷電場中的運動軌跡，軌跡關于虛線PQ對稱，軌跡與PQ相交于A點，軌道上M、N兩點關于PQ對稱，粒子只受電場力作用，則下列說法正確的是（）A．點電荷一定在PQ上 B．帶電粒子在M、N兩點受力相同C．M、N兩點電勢一定相同 D．帶電粒子在A點的動能一定最大9．一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波t=2s時的波形如圖（a）所示，介質中某質點的振動圖像如圖（b）所示，下列說法正確的是（）A．圖（b）可能是質點A的振動圖像B．圖（b）可能是質點B的振動圖像C．若圖（b）是x=2m處質點的振動圖像，則波速可能是1m/sD．若圖（b）是x=3m處質點的振動圖像，則波速可能是0.5m/s10．一種“光開關”的“核心區(qū)”如圖虛框區(qū)域所示，其中1、2是兩個完全相同的截面為等腰直角三角形的棱鏡，直角邊與虛框平行，兩斜面平行，略拉開一小段距離，在兩棱鏡之間可充入不同介質以實現(xiàn)開關功能。單色光a從1的左側垂直于棱鏡表面射入，若能通過2，則為“開”，否則為“關”，已知棱鏡對a的折射率為2，下列說法正確的是（）A．若不充入介質，則能實現(xiàn)“關”功能B．若充入的介質相對棱鏡是光疏介質，則有可能實現(xiàn)“開”功能C．若充入的介質相對棱鏡是光密介質，則有可能實現(xiàn)“關”功能D．單色光a通過“光開關”后傳播方向一定改變11．如圖所示，在磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中，間距為L的光滑水平U型導體框左端連接一阻值為R的電阻，質量為m、電阻為r的導體棒PQ置于導體框上。不計導體框的電阻。t=0時PQ棒以水平向右的初速度v0開始運動，到達位置c時棒剛好靜止，其中a、b與b、cA．t=0時PQ棒兩端電壓UB．PQ棒運動過程中的平均速度v<C．PQ棒運動過程中克服安培力做的總功小于1D．PQ棒在由a→b與b→c的兩個過程中回路中產生的熱能Q三、實驗題12．某同學想利用如圖所示的實驗裝置來探究加速度與力、質量的關系。（1）下列實驗與該實驗采用相同實驗方法的是____。A．B．C．D．（2）如圖所示，用20分度的游標卡尺測出遮光片的寬度d=mm。13．某校舉行了一次物理實驗操作技能比賽，其中一項比賽為選用合適的電學元件設計合理的電路，并能較準確的測量同一電池組的電動勢及其內阻。提供的器材如下：A．電流表G（滿偏電流10mA，內阻10Ω）B．電流表A（0~0.6A~3A，內阻未知）C．電壓表V（0~5V~10V，內阻未知）D．滑動變阻器R（0~100Ω，1A）E．定值電阻R0（阻值990ΩF．開關與導線若干（1）圖（a）是小宇同學根據(jù)選用的儀器設計測量該電池組電動勢和內阻的電路圖。根據(jù)該實驗電路測出的數(shù)據(jù)繪制的I1-I2圖線如圖（b）所示（I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)），則由圖線可以得到被測電池組的電動勢E=V，內阻r=（2）另一位小張同學則設計了圖（c）所示的實驗電路對電池組進行測量，記錄了單刀雙擲開關S2分別接1、2對應電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I；根據(jù)實驗記錄的數(shù)據(jù)繪制U-I圖線如圖（d）中所示的A、B可以判斷圖線A是利用單刀雙擲開關S2接（選填“1”或“2”）中的實驗數(shù)據(jù)描出的；分析A、B兩條圖線可知，此電池組的電動勢為E=，內阻r=（用圖中EA、EB、I四、解答題14．氣壓式升降椅內的氣缸填充了氣體，氣缸上下運動來支配椅子升降。如圖乙所示為其簡易結構示意圖，圓柱形氣缸與椅面固定連接，總質量為m=6kg，橫截面積為S=30cm2的柱狀氣動桿與底座固定連接?？勺杂梢苿拥臍飧着c氣動桿之間封閉一定質量的理想氣體，穩(wěn)定后測得封閉氣體柱長度為L=20cm。設氣缸氣密性、導熱性能良好，忽略摩擦力。已知大氣壓強為p0=1.0×10（1）若質量M=54kg的人盤坐在椅面上，室內溫度保持不變，穩(wěn)定后缸內氣體柱長度為多少；（2）人盤坐穩(wěn)定后再打開空調，在室內氣溫緩慢降至T2=29215．如圖所示光滑半圓軌道固定在豎直面內，軌道半徑R=1.5m；固定曲面ABCDE是由兩個斜面AB、DE和一段光滑圓弧BCD組成，兩斜面傾角均為θ=37°，AB=DE=R=1.5m，A、E等高。兩個相同的小滑塊P、Q，質量均為3kg。其中小滑塊P從半圓軌道最高點飛出，恰好沿AB斜面進入曲面內，而小滑塊Q靜止于曲面最低點，兩滑塊碰后立即粘為一體，此后恰好可以到達曲面最高點E。重力加速度取g=10m/s（1）小滑塊P經(jīng)過半圓軌道最高點時所受的壓力；（2）小滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ。16．如圖所示，在xOy豎直面內，OA距離為h。一質量為m、帶電量為+q（q>0）的小球從坐標原點O以速度v0=2gh（1）若空間同時存在范圍足夠大的正交的勻強電場和勻強磁場，使得小球做勻速圓周運動經(jīng)過B(33h,（2）若空間只存在范圍足夠大的平行于豎直面的勻強電場，使小球恰好以速度v=6gh通過y軸上的A點，求電場強度E

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．根據(jù)光電效應方程1根據(jù)動能定理得-e解得U在光電效應實驗中，遏止電壓與入射光的頻率有關，A符合題意；B．根據(jù)結合能曲線，隨著原子核質量的增大，結合能先增大后減小，B不符合題意；C．密立根精確測定出電子所帶的電荷量，C不符合題意；D．泊松亮斑說明光具有波動性，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用光電效應方程結合動能定理可以判別遏止電壓與入射光的頻率有關；原子核質量增加，其比結合能先增加后減小；密立根利用油滴實驗測量出元電荷的大??；泊松亮斑說明光具有波動性。2．【答案】B【解析】【解答】若服務員托舉菜盤先勻速前行，此時手對菜盤的作用力大小為F服務員快到餐桌前變?yōu)闇p速向前運動，如圖則手對菜盤的作用力大小為F即F故答案為：B。

【分析】利用菜盤勻速運動可以求出手對菜盤作用力等于重力；當菜盤減速運動時，利用力的合成可以求出手對菜盤作用力的大小。3．【答案】C【解析】【解答】AB．電表測量的是有效值，不是瞬時值，兩電流表的示數(shù)不變，AB不符合題意；C．根據(jù)題意得II解得nC符合題意；D．當磁感應強度最大時，感應電流等于零，線圈受到的安培力等于零，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】電流表測量電流的有效值所以保持不變；利用其焦耳定律結合電流的之比可以求出匝數(shù)之比；當磁感應強度最大時感應電流等于0，則其安培力等于0.4．【答案】D【解析】【解答】A．空間站繞地球做勻速圓周運動時，萬有引力充當向心力，有G在地面的物體，有G因為空間站在圓軌道Ⅱ上時軌道半徑大于地球半徑，故向心加速度小于g，A不符合題意；B．由萬有引力表達式可知飛船和空間站在A處所受的萬有引力還與飛船和空間站的質量有關，因為題目中不知道二者質量的關系，故無法判斷二者在A處萬有引力是否相等。B不符合題意；C．飛船沿軌道Ⅰ運動時只有引力做功，機械能守恒。C不符合題意；D．空間站在軌道Ⅱ繞地球做勻速圓周運動時，萬有引力充當向心力，有G又因為G故空間站線速度為v=因飛船運動軌道Ⅰ為橢圓軌道，故飛船在B點的處的速度大于第一宇宙速度，而空間站的速度小于第一宇宙速度，故vD符合題意。故答案為：D。

【分析】利用引力提供向心力結合引力形成重力可以比較加速度的大小；由于質量的大小不能比較引力的大小；利用引力提供向心力可以求出線速度的大小及飛船在B點速度的大小。5．【答案】D【解析】【解答】AB．設甲、乙兩物塊的質量分別為m1和m2，斜面AB與水平地面的夾角為α，AC與水平地面的夾角為β，由已知條件分析乙物塊受力得繩上拉力T=m2gsinβ，由于甲、乙兩物塊CD．將斜面體與甲、乙兩物塊看成一個整體，整體始終靜止，受重力與支持力平衡，斜面體始終不受摩擦力，C不符合題意，D符合題意。故答案為：D。

【分析】由于未知其物塊的質量及斜面的夾角所以不能確定其摩擦力的方向所以當在甲物塊上放一個物塊時不能確定甲受到的摩擦力大小變化；利用整體的平衡方程可以判別斜面體不受摩擦力的作用。6．【答案】A【解析】【解答】閘桿轉動時間為t=汽車勻速順利通過，閘桿轉動的角度至少為tanθ=解得θ=閘桿轉動的角速度至少為ω=故答案為：A。

【分析】利用勻速直線運動的位移公式可以求出桿轉動的時間，結合其轉動角度的大小可以求出角速度的大小。7．【答案】B【解析】【解答】AB．兩磁極間的磁感線如圖所示干電池與磁體及中間部分線圈組成了閉合回路，在兩磁極間的線圈中產生電流，左端磁極的左側線圈和右端磁極的右側線圈中沒有電流。其中線圈中電流方向的左視圖如圖所示，由左手定則可知中間線圈所受的安培力向右，根據(jù)牛頓第三定律有小車向左加速，顯然該小車前進不是利用電磁感應原理，因為小車受向左的作用力，則把“小車”從左側入口完全推入螺線管肯定不會向右運動，而若將“小車”從右側入口完全推入，“小車”可能會向前運動，A不符合題意，B符合題意；C．若將左端磁鐵反向與電源粘連，則磁感線不會向外發(fā)散兩部分受到方向相反的力，合力為零，不能加速運動，C不符合題意；D．將“小車”放入包有絕緣層的鋁制長螺線管中，在螺線管中不會產生閉合電流，則“小車”不會受到力的作用，則不可能會運動，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用左手定則可以判別線圈受到其安培力的方向，其小車具有加速度是由于受到安培力的作用；利用其左手定則結合牛頓第三定律可以判別小車受到的安培力方向；當電磁左端磁鐵反向時會導致其安培力方向兩端反向所以其線圈受到的合力等于0；當其小車放入包有絕緣層的鋁制螺線管時，螺線管不會產生電流則小車不會受到安培力的作用。8．【答案】A,C【解析】【解答】A．帶電粒子在點電荷電場中只受電場力作用，其運動軌跡具有對稱性，且對稱軸一定是過點電荷的直線，所以點電荷一定在PQ上，A符合題意；B．帶電粒子在M、N兩點受力方向不相同，B不符合題意；C．根據(jù)對稱性，M、N兩點到點電荷的距離相同，一定在同一等勢面上，電勢一定相同，C符合題意；D．如果帶電粒子與點電荷帶同種電荷，在A點的動能一定最小，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用軌跡的彎曲方向結合對稱性可以判別場源電荷的位置；利用其場源電荷的位置可以判別電場力的方向；利用其對稱性可以判別MN電勢相等；利用電場力做功可以判別帶電粒子動能的變化。9．【答案】A,C,D【解析】【解答】AB．由波動圖像和振動圖像可知，t=2s時質點向下振動，波形圖中的A點此時正向下振動，B質點向上振動，故可得圖（b）可能是質點A的振動圖像，B不符合題意，A符合題意；C．由振動圖像可知，質點振動的周期為T=4s若圖（b）是x=2m處質點的振動圖像，則有(n+12)λ=2（n=0、1根據(jù)公式，可得波速為v=解得v=12n+1（n=0、1、2、當n=0時，波速為1m/s，C符合題意；D．由振動圖像可知，質點振動的周期為T=4s若圖（b）是x=3m處質點的振動圖像，則有(n+12)λ=3（n=0、1根據(jù)公式，可得波速為v=解得v=34n+2（n=0、1、2、當n=1時，波速為0.5m/s，D符合題意。故答案為：ACD。

【分析】利用其波的傳播方向可以判別質點的速度方向進而判別其振動的圖像；利用其質點的位置與波長的關系可以求出波長的表達式，結合其周期的大小可以求出波速的大小。10．【答案】A,B【解析】【解答】A．若不充入介質，單色光a從1的左側垂直于棱鏡表面射入，在斜邊界面入射角為45°，由全反射的條件可知臨界角為sinC=1n=12<sin4B．若充入的介質相對棱鏡是光疏介質，單色光a將向下偏折，則有可能實現(xiàn)“開”功能，B符合題意；C．若充入的介質相對棱鏡是光密介質，單色光a將向上偏折，則處于開狀態(tài)，不可能實現(xiàn)“關”功能，C不符合題意；D．單色光a通過“光開關”后傳播方向不會改變，D不符合題意。故答案為：AB。

【分析】利用折射率的大小可以求出臨界的大小，結合入射角的大小可以判別不充入介質就可以發(fā)生全反射；當充入介質的疏密性可以判別其單色光的偏折方向進而判別能否實現(xiàn)開的功能；利用其傳播的路徑可以判別傳播方向不會發(fā)生變化。11．【答案】B,D【解析】【解答】A．t=0時，PQ棒兩端電壓UA不符合題意；B．PQ棒做減速運動，且安培力F=BIL=越來越小，說明減速的加速度越來越小，做加速度逐漸減小的減速運動，其平均速度小于v02，C．根據(jù)動能定理，PQ棒運動過程中克服安培力做的總功等于12mvD．b到c的過程中，應用動量定理可得-而v?Δt=lbc，解得同理a到c的過程中-而v?Δt'=根據(jù)能量守恒Qab=1可得QD符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用動生電動勢的表達式結合歐姆定律可以求出PQ之間的電壓大?。焕闷浒才嗔Φ谋磉_式可以判別其加速度的變化進而判別其金屬棒的平均速度大??；利用動能定理可以求出克服安培力做功的大??；利用動量定理結合能量守恒定律可以求出產生的焦耳熱大小。12．【答案】（1）D（2）9.80【解析】【解答】圖中探究加速度與力、質量的關系采用的試驗方法是控制變量法；理想斜面實驗采用的是理想實驗法；卡文迪什扭秤實驗采用的是微小形變放大法，共點力的合成實驗采用的是等效替代法；影響向心力大小因素的實驗采用的是控制變量法，ABC不符合題意，D符合題意。故答案為：D。由圖可知遮光片的寬度d=9mm+16×

【分析】（1）探究牛頓第二定律使用控制變量法，與探究向心力的影響因素實驗使用的方法相同；

（2）利用游標卡尺的結構和精度可以讀出對應的讀數(shù)。13．【答案】（1）7.5；5.0（2）1；EA；E【解析】【解答】（1）電流表G和定值電阻串聯(lián)，其可看成一個電壓表，則有E=I1(R根據(jù)圖像可知，圖線與縱軸會相交于(0,7可得E=7且有-可得r=5（2）若單刀雙擲開關接1，則電流表相對于電源內接，則因電流表分壓作用，會導致E真=E若單刀雙擲開關接2，則電流表相對于電源外接，因電壓表分流作用，會導致E真>E結合所給圖像，可以判斷出A圖線是利用單刀雙擲開關S2接1，同樣也可以判斷出E=EA，I

【分析】（1）利用閉合電路的歐姆定律結合圖像截距和斜率可以求出電動勢和內阻的大??；

（2）由于電流表相對于電源內接時，其電流表分壓所以會導致其電動勢的測量值等于真實值，其內阻的測量值偏大則其短路電流的測量值偏??；當開關接2時，利用其電壓表的分壓流作用會導致其電動勢的測量值小于真實值；但其短路電流的測量值等于真實值；利用其歐姆定律可以求出內阻的大小。14．【答案】（1）解：初始狀態(tài)時，以圓柱形氣缸與椅面整體為研究對象，根據(jù)平衡條件得mg+p0S=p穩(wěn)定后缸內氣體柱長度為L'，由玻意耳定律得解得L（2）解：根據(jù)L解得室內氣溫緩慢降至T2=292.外界對缸內氣體所做的功W=(解得W=3【解析】【分析】（1）初始狀態(tài)由于圓柱形汽缸與椅面整體處于靜止，利用平衡方程可以求出其氣體的壓強，結合其重物放在椅子上的平衡方程可以求出穩(wěn)定時壓強的大小，結合氣體的等溫變化可以求出穩(wěn)定后其氣體柱的長度；

（2）當其穩(wěn)定后打開空調，利用氣體的等壓變化可以求出氣體體積的變化，結合氣體的壓強及體積