高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第二學(xué)期溫州市高一期末教學(xué)質(zhì)量統(tǒng)一檢測物理試題（A卷）考生須知：1、本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2、答題前，請務(wù)必將自己姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題卷規(guī)定的位置上。3、答題時，請按照答題卷上“注意事項”的要求，在答題卷相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。4、非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。5、可能用到的相關(guān)參數(shù)：未特殊說明，重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量屬于矢量且單位符號表示正確的是（）A.線速度m/s B.功J C.功率W D.電場強度V【答案】A【解析】A．線速度是矢量，方向沿切線方向，單位為米每秒（m/s），符號正確，故A正確；B．功是標(biāo)量（無方向），單位為焦耳（J），雖單位正確，但非矢量，故B錯誤；C．功率是標(biāo)量，單位為瓦特（W），非矢量，故C錯誤；D．電場強度是矢量，但單位應(yīng)為伏特每米（V/m）或牛每庫侖（N/C），故D錯誤。故選A。2.關(guān)于靜電現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.圖甲：避雷針應(yīng)用了靜電吸附B.圖乙：加油站里靜電釋放器應(yīng)用了靜電屏蔽C.圖丙：高壓作業(yè)電工穿含金屬織物的防護(hù)服應(yīng)用了靜電屏蔽D.圖?。嚎萍拣^中起電機使人體的頭發(fā)豎起來應(yīng)用了尖端放電【答案】C【解析】A．圖甲：避雷針應(yīng)用了尖端放電原理，故A錯誤；B．圖乙：加油站里靜電釋放器應(yīng)用了接觸起電現(xiàn)象，其目的是導(dǎo)走人身上的靜電，故B錯誤；C．圖丙：高壓作業(yè)電工穿含金屬織物的防護(hù)服應(yīng)用了靜電屏蔽，故C正確；D．圖?。嚎萍拣^中起電機使人體的頭發(fā)豎起來應(yīng)用了頭發(fā)上面帶同種電荷而相互排斥，故D錯誤。故選C。3.如圖所示為某機器人轉(zhuǎn)手絹表演的情景，A點靠近手絹中心，B點靠近手絹邊緣。若手絹的運動視為繞其中心的勻速圓周運動，則下列說法正確的是（）A.線速度B.周期C.向心加速度D.角速度【答案】B【解析】AD．手絹的A、B兩點屬于同軸轉(zhuǎn)動，滿足角速度相等，即因為A點靠近手絹中心，B點靠近手絹邊緣，所以由線速度與角速度、半徑的關(guān)系可判斷，故AD錯誤；B．根據(jù)周期與角速度的關(guān)系可判斷因為，所以，故B正確；C．向心加速度與角速度、半徑的關(guān)系為可判斷因為，，所以，故C錯誤。故選B。4.如圖所示是真空中靜止正點電荷的電場線和等勢面。已知兩個相鄰的等勢面間的距離相等，下列說法正確的是（）A.兩點的電勢相等B.兩點的電場強度相同C.兩點間的電勢差等于兩點間的電勢差D.將帶正電的試探電荷從點移動到點，靜電力做負(fù)功【答案】D【解析】A．沿著電場線方向電勢降低，由圖可知Q點電勢小于N點電勢，故A錯誤；B．M、N兩點的電場強度大小相等，方向不同，故B錯誤；C．根據(jù)電場線的疏密程度可知，越遠(yuǎn)離電荷電場強度越小，兩個相鄰的等勢面間的距離相等，根據(jù)可定性的得出，M、P兩點間的電勢差大于P、Q兩點間的電勢差，故C錯誤；D．M、N兩點在同一等勢面上，則M點電勢大于Q點電勢，根據(jù)可知，將帶正電的試探電荷從Q點移動到M點，靜電力做負(fù)功，故D正確。故選D。5.如圖所示，跑酷運動員以的速度從高臺邊緣點水平向左跳向左側(cè)墻面，落至點蹬墻后，豎直方向的速度為零，再以的速度水平向右跳出，落至水平地面點。已知兩點與AB兩點的豎直高度相等，即，運動員在同一豎直面內(nèi)運動，忽略空氣阻力和蹬墻時間，則下列說法正確的是（）A.B.若增大，則增大C.運動員在與兩過程運動的時間相等D.運動員在與兩過程運動的加速度不同【答案】C【解析】ACD．兩段運動都可看作平拋運動，加速度相等，都為，根據(jù)可知，時間相等，根據(jù)可知，水平位移不同，則，故AD錯誤，C正確；B．從O點到A點，運動員水平方向做勻速直線運動，增大，運動員與墻接觸時，運動時間減小，根據(jù)可知，減小，故B錯誤；故選C。6.2025年4月24日17時，我國神舟二十號載人飛船成功發(fā)射并與空間站進(jìn)行對接。假定對接前飛船在橢圓軌道I上無動力運行，如圖所示，空間站在圓軌道II上，為兩軌道交點，為I軌道近地點。已知地球表面重力加速度為，下列說法正確的是（）A.飛船發(fā)射速度大于11.2km/sB.空間站在圓軌道II上的向心加速度大于C.飛船和空間站在處所受萬有引力相同D.飛船在橢圓軌道I上的點線速度大小大于點線速度大小【答案】D【解析】A．因為發(fā)射的衛(wèi)星仍然圍繞地球轉(zhuǎn)，所以飛船發(fā)射速度小于11.2km/s，故A錯誤；B．空間站繞地球做勻速圓周運動時，萬有引力充當(dāng)向心力，有在地面的物體，有因為空間站在圓軌道Ⅱ上時軌道半徑大于地球半徑，故向心加速度小于g，故B錯誤；C．由萬有引力表達(dá)式可知飛船和空間站在A處所受的萬有引力還與飛船和空間站的質(zhì)量有關(guān)，因為題目中不知道二者質(zhì)量的關(guān)系，故無法判斷二者在A處萬有引力是否相等。故C錯誤；D．開普勒第二定律，飛船在橢圓軌道上近地點B的線速度大于遠(yuǎn)地點A的線速度，故D正確。故選D。7.建筑工人利用繩索提升貨物的情景簡化如圖所示。繩索一端穿過固定光滑圓環(huán)連接貨物，另一端由工人拉住。工人以速度沿水平向右做勻速直線運動（保持手握繩索的高度不變）。當(dāng)工人所拉繩索與水平方向夾角為時，下列說法正確的是（）A.貨物的速度大小為B.貨物的速度大小為C.繩索對貨物的拉力等于貨物的重力D.繩索對貨物的拉力小于貨物的重力【答案】B【解析】AB．將工人的速度沿繩方向和垂直于繩方向分解，根據(jù)速度的分解可知，貨物的速度大小為，故A錯誤，B正確；CD．人向右運動時，減小，則貨物的速度增大，可見貨物向上加速運動，則繩索對貨物的拉力大于貨物的重力，故CD錯誤；8.額定功率為220kW的某新能源汽車，在平直公路上行駛的最大速度為55m/s，汽車的質(zhì)量為kg。如果該車從靜止開始以加速度做勻加速直線運動，運動過程中阻力不變，則該新能源車（）A.所受的阻力大小為6000NB.在勻加速過程中所受的牽引力大小為7000NC.在勻加速過程中所用的時間為8sD.在勻加速過程中位移大小為220m【答案】C【解析】A．由最大速度時，牽引力等于阻力，則得，故A錯誤；B．勻加速時，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故B錯誤；C．勻加速階段的最大速度時間，故C正確；D．勻加速位移，故D錯誤。故選C。9.如圖所示，充電后的電容式話筒與靜電計相連，話筒的振動膜片（涂金屬層）與固定金屬電極構(gòu)成電容器兩極板。下列說法正確的是（）A.若膜片向左振動，電容式話筒電容變大B.若膜片向右振動，靜電計指針張角減小C.若膜片與電極間放入一片電介質(zhì)，電容式話筒電容不變D.若膜片與電極間放入一片電介質(zhì)，靜電計指針張角增大【答案】B【解析】A．若膜片向左振動，電容器極板間距離d增大，由知，電容式話筒電容變小，故A錯誤B．若膜片向右振動，電容器極板間距離d減小，由，知U減小，靜電計指針張角減小，故B正確；CD．若膜片與電極間放入一片電介質(zhì)，電容式話筒電容C增大，又可知靜電計指針張角減小，故CD錯誤。故選B。10.如圖所示，光滑絕緣斜面固定在水平地面上，輕質(zhì)絕緣彈簧上端固定在斜面頂端，下端與質(zhì)量為，電荷量為的小球A相連，小球A處于靜止?fàn)顟B(tài)。先保持小球A不動，將與A完全相同的小球B固定于斜面底端后，釋放小球A，彈簧恢復(fù)原長時A速度恰好為零。規(guī)定小球A初始位置重力勢能為零、無窮遠(yuǎn)處電勢為零。小球A在向上運動過程中重力勢能、電勢能、動能、機械能隨位移變化圖像可能是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】AB．設(shè)斜面傾角為，規(guī)定小球A初始位置重力勢能為零，則小球A在向上運動過程中重力勢能與位移的關(guān)系為可知圖像為過原點的傾斜直線；小球A在向上運動過程中，B對A的庫侖斥力對A做正功，所以電勢能逐漸減小，由圖像的切線斜率絕對值表示電場力大小，由于A、B距離逐漸增大，根據(jù)庫侖定律可知，電場力逐漸減小，則圖像的切線斜率絕對值逐漸減小，故AB錯誤；CD．小球A在向上運動過程中，彈簧恢復(fù)原長時A速度恰好為零，可知小球A的速度先增大后減小，則動能先增大后減?。桓鶕?jù)動能定理可知圖像的切線斜率絕對值表示合力大小，小球沿斜面方向受到庫侖斥力、彈簧彈力和重力分力，由于庫侖斥力、彈簧彈力均逐漸減小，所以小球所受合力大小先減小為0后反向增大，則圖像的切線斜率絕對值先減小后增大；根據(jù)功能關(guān)系可知小球A的機械能變化量等于庫侖斥力和彈簧彈力的合力所做的功，由于庫侖斥力和彈簧彈力對小球A一直做正功，所以小球A的機械能逐漸增大，且?guī)靵龀饬?、彈簧彈力均逐漸減小，所以圖像的切線斜率逐漸減小，故C錯誤，D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.下列說法正確的是（）A.某點電勢越高，電荷在該點的電勢能越大B.某點電場強度為零，該點電勢不一定為零C.重力勢能是物體與地球所組成的系統(tǒng)共有的D.一個物體的重力勢能由-5J變?yōu)?3J，重力勢能減小【答案】BC【解析】A．根據(jù)電勢與電勢能的關(guān)系式有由于電勢能的正負(fù)表示大小，當(dāng)為正電荷時，某點電勢越高，電荷在該點的電勢能越大，當(dāng)為負(fù)電荷時，某點電勢越高，電荷在該點的電勢能越小，故A錯誤；B．電場中某點電勢的數(shù)值與零電勢點的選擇有關(guān)，可知，某點電場強度為零，該點電勢不一定為零，故B正確；C．勢能是相互作用的兩個物體共同具有的，重力勢能是物體與地球所組成的系統(tǒng)共有的，故C正確；D．重力勢能的正負(fù)表示大小，可知，一個物體的重力勢能由-5J變?yōu)?3J，重力勢能增大，故D錯誤。故選BC。12.2025年5月17日，“南科一號”衛(wèi)星由朱雀二號改進(jìn)型遙二運載火箭成功發(fā)射升空，順利進(jìn)入距地面約500km的軌道。若衛(wèi)星進(jìn)入軌道后可視為繞地球做勻速圓周運動，已知地球靜止衛(wèi)星軌道高度約36000km，地球半徑約6400km，則下列說法正確的是（）A.火箭的推力是空氣施加的B.衛(wèi)星運行周期約1.6hC.衛(wèi)星運行速度大于7.9km/sD.發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)【答案】BD【解析】A．火箭的推力，是由于燃料燃燒，向后噴氣產(chǎn)生的反作用力而產(chǎn)生的，A錯誤；B．由開普勒第三定律得其中解得，B正確；C．由得解得，C錯誤；D．發(fā)射升空初始階段，火箭向上加速，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，D正確。故選BD。13.360°空中旋轉(zhuǎn)自行車，是一種極具趣味性的無動力游樂設(shè)施，如圖1所示，其簡化結(jié)構(gòu)如圖2所示。豎直平面內(nèi)固定一光滑圓軌道，圓心處固定一輕桿，輕桿一端裝有質(zhì)量為的配重，另一端是總質(zhì)量為的人與自行車，自行車車輪與圓軌道相接觸，輕桿總長，配重離圓心處距離。人坐在自行車上蹬車，停止蹬車后，人與自行車在豎直平面內(nèi)繼續(xù)做圓周運動。當(dāng)人與自行車運動到最低點時，桿對配重恰好沒有作用。若人與自行車、配重均視為質(zhì)點，不計空氣阻力，重力加速度為，下列說法正確的是（）A.配重與人的角速度相同B.人與自行車運動到最低點時，配重的線速度為0C.人與自行車運動到最低點時，所受的彈力大小為D.人與自行車運動到最低點時，所受的彈力大小為【答案】AD【解析】A．配重與人在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度相等，所以配重與人的角速度相同，故A正確；B．當(dāng)人與自行車運動到最低點時，桿對配重恰好沒有作用，以配重為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得角速度為則配重的線速度為，故B錯誤；CD．人與自行車運動到最低點時，以人與自行車為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得又，解得，故C錯誤，D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某同學(xué)用圖1所示的裝置“探究平拋運動的特點”。（1）利用該裝置進(jìn)行實驗探究時，下列器材不需要的是________。（多選）A.坐標(biāo)紙 B.重錘線 C.彈簧測力計 D.天平（2）用圖1裝置進(jìn)行實驗，下列說法正確的是________。A.每次小鋼球應(yīng)從同一位置由靜止釋放B.斜槽軌道M的末端必須保持水平且光滑C.每次上下調(diào)節(jié)擋板N時必須等間距移動D.畫軌跡時應(yīng)將所有描出的點用平滑的曲線連接起來（3）圖2是實驗過程中所記錄的三個點跡A、B、C，圖中小方格的邊長為5cm，則小鋼球從軌道末端拋出的初速度大小v0=________m/s。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）CD（2）A（3）1.5【解析】【小問1解析】研究平拋物體的運動實驗時，需要坐標(biāo)紙，便于確定小球在不同時刻的位置，畫出小球平拋運動的軌跡圖；還需要重錘線，確定豎直方向。不需要彈簧測力計測力的大小，也不需要天平測質(zhì)量。故選CD。【小問2解析】AB．為了保證每次小球拋出的速度相同，每次小鋼球應(yīng)從同一位置由靜止釋放，但斜槽軌道不需要光滑；為了保證小球拋出的速度處于水平方向，斜槽軌道的末端必須保持水平，故A正確，B錯誤；C．每次上下調(diào)節(jié)擋板N時不需要等間距移動，故C錯誤；D．畫軌跡時應(yīng)先舍去誤差較大的點，將剩下的點用平滑的曲線連接起來，故D錯誤。故選A?！拘?解析】由圖2，豎直方向根據(jù)可得水平方向有可得小鋼球從軌道末端拋出的初速度大小為15.某同學(xué)用圖1所示的實驗裝置完成“驗證機械能守恒定律”。（1）在固定紙帶時，有圖2所示的兩種方式，其中更合理的是________（填“甲”或“乙”）；（2）實驗中所用交流電源的周期為T，在紙帶上確定計數(shù)點時，選取起始點為第1個計數(shù)點O，各計數(shù)點到O點的距離分別為h1、h2、h3、h4，紙帶如圖3所示。重物質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，重物在C點時的動能為________，重物由O點運動到C點時重力勢能的減小量為________；（均用題中所給物理量符號表示）（3）記錄各計數(shù)點到O點的距離h，各計數(shù)點的速度為v，以v2為縱坐標(biāo)，h為橫坐標(biāo)，以所測數(shù)據(jù)描繪v2-h圖像，求得圖線斜率為k，若k近似等于________，則可認(rèn)為驗證了機械能守恒定律?！敬鸢浮浚?）甲（2）（3）2g【解析】【小問1解析】把紙帶的一端剪成一個較窄的小紙條，然后固定在重物上，可以避免紙帶松動帶來的誤差，簡單易于操作，故甲更合理；【小問2解析】根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知，重物運動到C點的速度為重物在C點時具有的動能重物由O點到C點的過程中，重力勢能的減少量【小問3解析】若機械能守恒，則有解得故在圖像中，其斜率16.某學(xué)習(xí)小組在做“用電流傳感器觀察電容器的放電過程”實驗。實驗器材如下：電池（電源電壓為，內(nèi)阻不計）、電容器、電阻箱、計算機、電流傳感器（內(nèi)阻不計）、單刀雙擲開關(guān)S以及導(dǎo)線若干。（1）甲同學(xué)利用所給器材設(shè)計了如圖1所示的實驗電路。將開關(guān)S與“2”端相連，電源向電容器充電，直至充電完成。關(guān)于電容器充電過程中兩極板間電壓與時間的圖像，下面正確的是________。A. B.C. D.（2）將電阻箱的阻值調(diào)為，開關(guān)S由“2”擲向“1”，電容器通過電阻箱放電。放電過程中電容器兩端電壓始終等于電阻箱兩端電壓，傳感器將電流信息輸入電腦，屏幕上顯示出電流隨時間變化的圖像如圖2所示。時，，圖中、區(qū)域面積相等，則可表示為________。A. B. C. D.（3）將電阻箱阻值調(diào)為（），其他條件不變，重做實驗。設(shè)第1次和第2次實驗中，電容器放電過程的圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積分別為和，放電時間分別為和，則有________。（多選）A. B.C D.【答案】（1）C（2）A（3）AD【解析】【小問1解析】將開關(guān)S與“2”端相連，電源向電容器充電，根據(jù)電容定義式可得可知隨著極板所帶的電荷量的增加，兩極板間電壓逐漸增大；且由于充電時，電流逐漸減小，所以圖像的切線斜率逐漸減?。划?dāng)充電結(jié)束時，電壓保持不變。故選C。【小問2解析】充電完畢時，板間電壓等于，則有由題意可知時刻，此時電容器所帶電荷量為則此時電容器板間電壓為根據(jù)歐姆定律可得故選A?！拘?解析】將電阻箱的阻值調(diào)為（），其他條件不變，重做實驗；根據(jù)，可知圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示電容器充完電后所帶的電荷量，則有由于，可得第二次實驗放電電流較小，則第二次實驗放電時間較長，即有。故選AD。17.如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向右的勻強電場，電場強度大小。電荷量絕對值為的帶負(fù)電小球A固定；質(zhì)量為，電荷量為的帶電小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知A、B均可視為點電荷，小球B的帶電量不影響小球A的電場和勻強電場，靜電力常量為，重力加速度為。（1）小球B帶________電（選填“正”或“負(fù)”）；（2）求小球A與B之間的庫侖力大?。唬?）求小球A與B的距離。【答案】（1）正電（2）（3）【解析】【小問1解析】如果小球B帶負(fù)電，受力情況如圖根據(jù)小球B受力情況可知小球B不可能平衡；如果小球帶正電，受力情況如圖根據(jù)小球B受力情況可知小球B可以平衡，所以小球B帶正電?！拘?解析】對小球B由平衡條件可知解得小球A與B之間的庫侖力大小【小問3解析】根據(jù)庫侖定律可知解得18.如圖1所示，小朋友用發(fā)光跳跳球健身。情境簡化如下：不可伸長的輕繩一端系著質(zhì)量的小球，另一端系在固定豎直軸上。某次鍛煉時，小球繞軸做角速度的勻速圓周運動，此時輕繩與地面平行，拉力大小，如圖2所示。不計小球的一切阻力，小球可視為質(zhì)點，，。（1）求輕繩的長度；（2）小球繞軸做角速度的勻速圓周運動，此時輕繩與軸的夾角，結(jié)點為，如圖3所示。求小球?qū)Φ孛娴膲毫Υ笮?；?）保持（2）中結(jié)點不變，求能使小球離開地面的最小角速度。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1解析】輕繩拉力充當(dāng)向心力，有代入數(shù)據(jù)可得，輕繩的長度【小問2解析】此時小球做圓周運動的半徑繩拉力的水平分力充當(dāng)向心力，豎直方向上受力平衡，有可求得，根據(jù)牛頓第三定律，【小問3解析】剛離開地面時，此時解得，19.如圖所示，在平面內(nèi)存在一邊長為的正方形區(qū)域，邊與軸重合，區(qū)域內(nèi)存在電場強度大小為，方向沿軸負(fù)方向的勻強電場。板長為，間距也為的兩正對極板與平行放置，極板在軸上。現(xiàn)將電子由中點靜止釋放，電子恰好經(jīng)過極板右邊緣點。兩板間的電場可視為勻強電場，忽略兩極板的邊緣效應(yīng)。已知電子電荷量絕對值為，質(zhì)量為，不計電子重力。（1）求電子離開區(qū)域時的速度大小；（2）求兩極板電壓；（3）若電子在區(qū)域適當(dāng)位置靜止釋放，均能經(jīng)過點，求釋放點位置坐標(biāo)與的關(guān)系式?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（）【解析】【小問1解析】電子在加速電場中做勻加速直線運動，根據(jù)動能定理有解得【小問2解析】電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運動在極板間飛行時間偏轉(zhuǎn)加速度