第第頁遼寧省鐵嶺市六校2022-2023學年高一下學期期末物理試題一、單選題1．下列關于靜電場的說法正確的是（）A．絲綢摩擦玻璃棒后玻璃棒帶正電，說明電荷可以憑空創(chuàng)生B．點電荷類似于質點，是一種理想化模型C．電子就是元電荷D．若在電場中某點不放試探電荷，則該點的電場強度一定為02．圖為運動會上某同學扔鉛球的情景，鉛球以某一速度被拋出，不計空氣阻力，關于鉛球在空中運動的過程中，下列有關鉛球的物理量保持不變的是（）A．速度 B．速率 C．加速度 D．動能3．如圖所示，勻速直線上升的熱氣球（可視為質點）突然受到方向水平向左、大小恒定的風力F，則（）A．熱氣球將做曲線運動B．熱氣球在相同時間內(nèi)的速度變化量將越來越大C．熱氣球將在豎直方向做減速運動D．熱氣球的速度將先增大后減小4．如圖所示，門把手上A、B兩點到轉軸上O點的距離之比為1：2，勻速轉動門把手時，下列說法正確的（）A．A、B兩點的線速度大小之比為1：2B．A、B兩點的角速度之比為1：2C．A、B兩點的向心加速度大小之比為1：4D．A、B兩點與轉軸上O點的連線在相同時間內(nèi)掃過的面積相等5．某小區(qū)的一幢樓的電梯不能正常運行時，某居民背著10kg的米袋在3min內(nèi)以恒定速率上樓，總共上升的高度為30m。已知該居民的質量為60kg，取重力加速度大小g=10m/A．該居民受到樓梯的支持力做了正功B．該居民對米袋做的功為3000JC．該居民最終的重力勢能一定為18000JD．該居民對米袋做功的平均功率為15W6．2023年6月4日，“神舟十五號”載人飛船返回艙在巴丹吉林沙漠腹地的東風著陸場平安著陸、“神舟十五號”載人飛行任務取得圓滿成功。返回艙的整個返回過程需要經(jīng)過受控離軌、自由下降、再入大氣層和著陸4個階段，其中返回艙從原運行軌道（可視為圓軌道）受控離軌到返回軌道的階段為受控離軌階段。下列說法正確的是（）A．返回艙在原運行軌道上運行時的速度大于第一宇宙速度B．返回艙受控離軌瞬間，應加速前進C．返回艙在整個返回過程均處于失重狀態(tài)D．返回艙進入大氣層后，返回艙的機械能逐漸減小7．11H、12H、13H三個原子核，電荷量均為+q，質量之比為1：2：A．三個原子核剛到達下極板時的動能相等B．落在C點的原子核是1C．11H、12HD．若將上極板向上移動較小的距離，原子核在電場中的運動不受影響二、多選題8．如圖所示，紙面內(nèi)a、b、c三點構成直角三角形，ab與ac互相垂直，ac=L，∠c=60°。帶電荷量分別為?q、+4q的點電荷分別固定放置在a、b兩點，d點為a、b兩點連線上的中點，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A．兩點電荷在d點產(chǎn)生的合電場強度大小為0B．b點處的點電荷在c點產(chǎn)生的電場強度大小為kqC．兩點電荷在c點產(chǎn)生的合電場強度大小為kqD．兩點電荷在c點產(chǎn)生的電場強度方向與ab邊平行9．如圖所示，邊長為20cm的正方形ABCD放在一勻強電場中，勻強電場方向與正方形ABCD所在平面平行（圖中未畫出）。已知A、B、C三點的電勢分別為6V、2V、4V，則下列說法正確的是（）A．電子在A點時具有的電勢能為6eVB．將一個電子由A點移動到B點，電場力做的功為?4C．該勻強電場的電場強度方向由A點指向C點D．該勻強電場的電場強度大小E=1010．如圖所示，某人從高出水平地面h的坡頂上水平擊出一個質量為m的高爾夫球（可視為質點），坡頂可視為半徑為R的圓弧，高爾夫球飛出前瞬間對地面的壓力恰好為0。高爾夫球落入水平地面的A洞中（不計洞穴的寬度及深度），不計空氣阻力，重力加速度大小為g，則（）A．該球在空中運動的時間為2hB．該球飛出的初速度大小為ghC．A洞到坡頂?shù)木嚯x為2hRD．該球落入A洞時的動能為1三、實驗題11．小高同學用如圖所示的實驗裝置來驗證平拋運動的特征：兩個完全相同的弧形軌道M、N分別用于發(fā)射小鐵球P、Q，其中N的末端與水平板相切。兩軌道上端分別裝有電磁鐵C、D，調(diào)節(jié)電磁鐵C、D的高度，使AC=BD．現(xiàn)將小鐵球P、Q分別吸在電磁鐵C、D上，然后切斷電源，使兩小鐵球能同時分別從軌道M、N的頂端滑下。（1）為完成本實驗，弧形軌道M、N的表面（填“需要”或“不需要”）確保光滑，水平板的表面（填“需要”或“不需要”）確保光滑。（2）符合上述實驗條件后，可觀察到的實驗現(xiàn)象應是。僅僅改變弧形軌道M的高度，重復上述實驗，仍能觀察到相同的現(xiàn)象，這說明平拋運動的水平分運動是。四、解答題12．如圖所示，用絕緣細線將一帶正電小球A懸掛在O點，在懸點O的正下方放置帶正電物塊B，小球A靜止時細線與豎直方向的夾角θ=30°，物塊B靜止在O點正下方的粗糙絕緣水平地面上，小球A與物塊B的連線恰與細線垂直。已知小球A、物塊B的質量均為m=2kg，取重力加速度大?。?）物塊B受到的庫侖力大小；（2）物塊B與水平地面間的摩擦力大小。（結果保留根號）13．如圖所示，一彈射游戲裝置由安裝在水平臺面上的固定彈射器、水平面AB和豎直半圓形軌道BC組成，各部分平滑連接。已知半圓形軌道的半徑R=0.4m，除半圓形軌道BC外其余接觸面均光滑。某次游戲中用力將一質量m=0.1kg的滑塊壓縮輕質彈簧（滑塊與彈簧不拴接），此時彈簧的彈性勢能Ep（1）滑塊通過B點時對半圓形軌道的壓力大??；（2）滑塊從B點運動到C點的過程中，克服摩擦力做了多少功？14．如圖所示，豎直放置的足夠大的平行金屬板A、B間的距離d=1.68m，A、B板與恒壓電源保持連接后，金屬板間的電場可視為勻強電場。一質量m=2kg、電荷量q=2.52×10?2C的帶正電小球（可視為點電荷）通過絕緣輕繩固定在兩板正中間的O點，小球靜止于C點時輕繩與豎直方向的夾角為37°（1）求金屬板A、B間的電勢差；（2）若某時刻連接小球的輕繩突然斷開，求小球運動到B板時的速度大??；（3）若在C點給小球一個垂直于輕繩方向的初速度，使小球恰能在豎直面內(nèi)做完整的圓周運動，求小球在C點的初速度大小。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、絲綢摩擦后的玻璃棒帶正電是由于失去了電子，電荷發(fā)生轉移，不是憑空創(chuàng)造，所以A錯；

B、點電荷是在研究電荷間相互作用力時忽略帶電體的形狀和體積，屬于理想化模型，所以B對；

C、元電荷是指最小帶電體的電荷量，與電子不同，所以C錯；

D、電場中某點的電場強度只由電場本身決定，與試探電荷無關，所以D錯；正確答案為B。

【分析】摩擦起電是發(fā)生了電荷的轉移；點電荷屬于理想化模型；元電荷與電子不同；電場強度的大小與試探電荷無關。2．【答案】C【解析】【解答】A、鉛球拋出去過程中，由于做曲線運動所以速度方向發(fā)生改變，所以A錯；B、由于鉛球做加速運動所以速率發(fā)生變化，所以B錯；C、由于鉛球拋出后只受到重力作用所以加速度保持不變，所以C對；D、由于鉛球做加速運動所以動能增大，所以D錯；正確答案為C

【分析】鉛球拋出的過程中，速度方向發(fā)生變化，速率增大動能增大，只受到重力作用，加速度保持不變。3．【答案】A【解析】【解答】A．由于熱氣球初速度向上，突然受到水平向左的大小恒定的風力即合力水平向左且恒定，合力方向與初速度方向不在一條直線上，則熱氣球將做曲線運動，故A正確；

B．由于熱氣球受到恒定的合力作用，則加速度恒定，由?v=a?t，可知，熱氣球在相同時間內(nèi)的速

度變化量相等，故B錯誤；

C．由于熱氣球在豎直方向受力平衡，則熱氣球將在豎直方向做勻速直線運動，故C錯誤；

D．由于熱氣球受到恒定的外力，且外力與初速度方向垂直，則熱氣球做類平拋運動，則熱氣球的速度

將越來越大，故D錯誤。

故選A。

【分析】根據(jù)熱氣球的受力分析其在水平方向和豎直方向的運動情況即可。4．【答案】A【解析】【解答】A、B、門把手上A和B點屬于同軸轉動，則角速度相等，所以B錯，根據(jù)v=ωr可以得出A和B兩點的線速度之比為1：2，所以A對；B、所以B錯；C、根據(jù)向心加速度的表達式有：an=ω2r5．【答案】B【解析】【解答】A．該居民受到樓梯的支持力的作用點沒有發(fā)生位移，則支持力不做功，故A錯誤；

B．對米袋由動能定理可知，W-m米gh=0，得W=m米gh=10×10×30J=3000J，故B正確；

C．由于重力勢能具有相對性，沒有確定零勢能參考平面，則無法確定居民最終的重力勢能，故C錯誤；

D．由P=Wt可得，6．【答案】D【解析】【解答】A、第一宇宙速度為最大的環(huán)繞速度，所以返回艙在原來運行軌道的速度小于第一宇宙速度，所以A錯；

B、返回艙返回過程做向心運動應該進行減速，所以B錯；

C、返回艙在減速下降的過程中，加速度方向向上，返回艙此時處于超重狀態(tài)，所以C錯；

D、返回艙進入大氣層的過程中，大氣阻力對返回艙做負功，會導致返回艙的機械能減少，所以D對；正確答案為D。

【分析】所有衛(wèi)星的線速度都小于或等于第一宇宙速度；返回艙做近心運動需要進行減速；在減速下降過程返回艙處于超重狀態(tài)；返回艙進入大氣層，大氣層空氣阻力做負功導致機械能減小。7．【答案】D【解析】【解答】A、三個原子核質量不同，初速度相同，所以初動能不同，由于電場力做功W=12qU相同，根據(jù)動能定理Ek2=qU+EK1，則原子核到達下極板的動能不相等，所以A錯；

B、原子核做類平拋運動，在豎直方向根據(jù)牛頓第二定律有：a=qUmd，則11H的加速度最大，根據(jù)h=12at2可以得出11H運動的時間最短，則根據(jù)x=v0t則11H8．【答案】B,C【解析】【解答】A、由于兩個點電荷在d點產(chǎn)生的電場方向都向左，所以d點的電場強度不等于0，所以A錯；

B、根據(jù)點電荷的場強公式可得b點點電荷在c點產(chǎn)生的電場強度為：Ebc=k4q（2L）2=kqL2，方向沿bc方向，所以B對；

C、D、根據(jù)點電荷的場強公式可得a點點電荷在c點產(chǎn)生的電場強度為：9．【答案】B,D【解析】【解答】A、根據(jù)電勢能的表達式有：EPA=qφA=-eφA=-6eV，所以A錯；

B、電子從A移動到B點時，根據(jù)電場力做功有：W=-eUAB=-e（φA-φB）=-4eV，所以B對；

C、根據(jù)A、B、10．【答案】A,D【解析】【解答】A、高爾夫球離開最高點后做平拋運動，根據(jù)h=12gt2可以得出高爾夫球在空中運動的時間t=2hg，所以A對；

B、高爾夫球在飛出前對地面的壓力等于0，根據(jù)重力提供向心力有：mg=mv2R，則高爾夫球飛出的初速度為：v=gR，所以B錯；

C、高爾夫球在水平方向做勻速直線運動，可得水平方向的距離為；x=11．【答案】（1）不需要；需要（2）鐵球P、Q同時到達水平軌道上的同一位置相碰；勻速直線運動【解析】【解答】（1）但兩個弧形軌道存在摩擦力時，小球下滑過程中，兩個弧形軌道對兩個小球的摩擦力做功相等，則兩個小球初速度相同，所以軌道不需要光滑；為了使水平方向的分運動相同，所以水平板表面需要光滑；

（2）由于小球P在水平方向的分運動與小球Q都是做勻速直線運動，所以可以看到兩個小球在同一位置相碰；從而說明做平拋運動的小球P在水平方向的分運動為勻速直線運動。

【分析】（1）兩個弧形軌道對兩個小球摩擦力的作用效果相同所以不需要保持光滑；水平面需要保持光滑才能確保兩個小球水平方向的分運動相同；

（2）可以看到兩個小球在同一位置相碰；進而說明平拋運動的分運動為勻速直線運動。12．【答案】（1）解：對小球A受力分析，根據(jù)受力平衡有F解得F根據(jù)牛頓第三定律有F（2）解：對物塊B受力分析，根據(jù)受力平衡，水平方向上有f=解得f=5【解析】【分析】（1）由于小球A處于靜止，利用小球A的平衡方程可以求出A小球受到的庫侖力大小，結合牛頓第三定律可以求出B小球受到的庫侖力的大??；

（2）當物塊B處于靜止，利用物塊B的平衡方程可以求出物塊受到的摩擦力的大小。13．【答案】（1）解：滑塊運動到B點的過程，由能量守恒有E滑塊經(jīng)過B點，由牛頓第二定律有F解得F由牛頓第三定律得，滑塊通過B點時對半圓形軌道的壓力F（2）解：滑塊恰好能過C點，則mg=m解得v滑塊從B點運動到C點的過程中，由動能定理有?mg?2R?解得W【解析】【分析】（1）滑塊運動到B點時，利用能量守恒定理可以求出滑塊經(jīng)過B點的速度大小，結合牛頓第二定理可以求出經(jīng)過B點時軌道對滑塊的支持力大小，結合牛頓第三定律可以求出滑塊對軌道的壓力大??；

（2）當滑塊恰好經(jīng)過C點時，利用牛頓第二定律可以求出恰好經(jīng)過C點速度的大小，結合動能定理可以求出滑塊從B點運動到C點克服摩擦力做功的大小。14．【答案】（1）解：小球靜止時對小球受力分析有Eq=mg金屬板A、B間的電場為勻強電場，有E=解得U=1000（2）解：若輕繩突然斷開，小球將從C點沿OC方向做勻加速直線運動，設小球運動到B板時的速度大小v，則有mgcos37°根據(jù)幾何條件可知，小球從C點運動到B板的位移