…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年上教版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，一束單色光射入一玻璃球體，入射角為已知光線在玻璃球內(nèi)經(jīng)一次反射后，再次折射回到空氣中時(shí)與入射光線平行．此玻璃的折射率為()

A.B.1.5C.D.22、關(guān)于電源的電動(dòng)勢(shì)，下列表述正確的是：A.電源的電動(dòng)勢(shì)由其體積決定；B.電源的電動(dòng)勢(shì)都是1.5伏；C.不接外電路時(shí)，電源兩極的電壓等于電動(dòng)勢(shì)；D.電源把電能轉(zhuǎn)化為其他能．3、如圖所示，一導(dǎo)熱良好且足夠長(zhǎng)的氣缸，倒置懸掛于天花板下。氣缸內(nèi)被活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體?；钊|(zhì)量為氣缸橫截面積為當(dāng)?shù)卮髿鈮簽榍也浑S溫度變化，重力加速度為忽略一切摩擦。當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.懸線的拉力變大B.被封閉理想氣體的內(nèi)能增大C.被封閉理想氣體的壓強(qiáng)大小不變，且始終為D.外界對(duì)氣體做正功4、某氣缸內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)和后再回到狀態(tài)其圖象如圖所示；則在該循環(huán)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.從到過(guò)程中，氣體吸收熱量B.從到過(guò)程中，氣體的壓強(qiáng)增大C.從到過(guò)程中，單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)減少D.若氣體在從到過(guò)程中，內(nèi)能增加對(duì)外做功則氣體向外界放出熱量5、如圖所示，水平固定放置的足夠長(zhǎng)的U形金屬導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在導(dǎo)軌上放著金屬棒ab，開始時(shí)ab棒以水平初速度v0向右運(yùn)動(dòng)；最后靜止在導(dǎo)軌上，就導(dǎo)軌光滑和導(dǎo)軌粗糙的兩種情況相比較，這個(gè)過(guò)程（）

A.安培力對(duì)ab棒所做的功相等B.電流所做的功相等C.產(chǎn)生的總熱量相等D.通過(guò)ab棒的電荷量相等6、如圖甲所示，在線圈中通入電流后，在上產(chǎn)生感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，中電流正方向如圖甲中箭頭，則通入線圈中的電流隨時(shí)間變化的圖線是下圖中的（）

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖甲所示，左側(cè)接有定值電阻R＝2Ω的水平粗糙導(dǎo)軌處于垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1T，導(dǎo)軌間距L＝1m。一質(zhì)量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開始從CD處沿導(dǎo)軌向右加速運(yùn)動(dòng)，金屬棒的v－x圖象如圖乙所示，若金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，則從起點(diǎn)發(fā)生x＝1m位移的過(guò)程中(g＝10m/s2)()

A.金屬棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金屬棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J8、將不同材料制成的甲、乙兩細(xì)管插入相同的液體中，甲管內(nèi)液面比管外液面低，乙管內(nèi)液面比管外液面高，則（）A.液體對(duì)甲材料是浸潤(rùn)的B.液體對(duì)乙材料是浸潤(rùn)的C.甲管中發(fā)生的不是毛細(xì)現(xiàn)象，而乙管中發(fā)生的是毛細(xì)現(xiàn)象D.若甲、乙兩管的內(nèi)徑變小，則甲管內(nèi)液面更低，乙管內(nèi)液面更高9、在如圖所示的U-I圖象中，直線a為某電源的路端電壓U與干路電流I的關(guān)系圖象，直線b為某電阻R的伏安特性曲線．用該電源和電阻R連接成閉合電路；由圖象可知（）

A.R的阻值1.5ΩB.電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)電阻為0.5ΩC.電源的輸出功率為3.0WD.電源的效率為50%10、電流天平可以用來(lái)測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。鐖D甲所示，測(cè)量前天平已調(diào)至平衡，測(cè)量時(shí)，在左邊托盤中放入質(zhì)量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個(gè)質(zhì)量為m0、匝數(shù)為n、下邊長(zhǎng)為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測(cè)磁場(chǎng)中．線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計(jì)連接導(dǎo)線對(duì)線圈的作用力，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.開關(guān)S閉合后，調(diào)節(jié)可變電阻至R1時(shí)，天平正好平衡，此時(shí)電壓表讀數(shù)為U.已知m0>m，取重力加速度為g；則()

A.矩形線圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向B.矩形線圈的電阻R＝r－R1C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B＝D.若僅將磁場(chǎng)反向，在左盤中再添加質(zhì)量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡11、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻r≠0．若改變四個(gè)電阻中的一個(gè)阻值；則（）

A.減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B.增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C.增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D.減小R4，C1、C2所帶的電量都增加12、下列說(shuō)法正確的是________．A.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變寬B.光纖通信是激光和光導(dǎo)纖維相結(jié)合的產(chǎn)物C.全息照片的拍攝利用了光的衍射原理D.地面上測(cè)得靜止的直桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，則在高速飛行火箭中的人測(cè)得手中的桿長(zhǎng)應(yīng)小于L評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、半徑為r、電阻為R的N匝圓形線圈在邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域abcd外，勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿并垂直穿過(guò)該正方形區(qū)域，如圖甲所示．磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示．圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0．則圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=________V，0至t0時(shí)間內(nèi)通過(guò)的電荷量q=_________.

14、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用光子能量為5eV的光照射到光電管上時(shí)，測(cè)得電流計(jì)的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動(dòng)能為__________J，金屬的逸出功為________J.15、馬鞍山是一座鋼鐵城市，馬鋼工人時(shí)常為高爐進(jìn)行檢修．而這時(shí)高爐內(nèi)干燥空氣的溫度竟達(dá)160℃，工人卻安全在爐內(nèi)工作幾個(gè)小時(shí)，是因?yàn)開_______．16、如圖所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd全部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積為S，電阻為R．線框繞與cd邊重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中感應(yīng)電流的有效值I=___________．線框從中性面開始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量q=_________．

17、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)電阻r=1Ω，M為一小電動(dòng)機(jī)，其內(nèi)部線圈的導(dǎo)線電阻RM=2Ω．R為一只保護(hù)電阻，R=3Ω．電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，電壓表（可當(dāng)作理想電表）的示數(shù)為1.5V，則電源的輸出功率為_____W，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為_____W．

18、如圖，一個(gè)是振動(dòng)圖像，一個(gè)是波動(dòng)圖像，其中是___________是振動(dòng)圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．19、為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖，P是平衡位置在x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=2.0m處的質(zhì)點(diǎn)；圖（b）為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象．下列說(shuō)法正確的是()

A．這列簡(jiǎn)諧波沿x軸正方向傳播。

B．這列簡(jiǎn)諧波沿x軸負(fù)方向傳播。

C．波的傳播速度為20m/s

D．從t=0到t=0.25s；波傳播的距離為50cm

E．在t=0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度方向與y軸正方向相同評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共15分)23、某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量電阻Rx的阻值。

(1)首先，選用歐姆表“×10”擋進(jìn)行粗測(cè)，正確操作后，表盤指針如圖甲所示，則該電阻的測(cè)量值為_________Ω。

(2)接著，用伏安法測(cè)量該電阻的阻值，可選用的實(shí)驗(yàn)器材有：電壓表V（3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（20mA，內(nèi)阻約2Ω）；待測(cè)電阻Rx；滑動(dòng)變阻器R1（0-2kΩ）；滑動(dòng)變阻器R2（0-200Ω）；干電池2節(jié)；開關(guān)、導(dǎo)線若干。在圖乙、圖丙電路中，應(yīng)選用圖________（選填“乙”或“丙”）作為測(cè)量電路，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_________（選填“R1”或“R2”）。

(3)根據(jù)選擇的電路和器材，在圖丁中用筆畫線代替導(dǎo)線完成測(cè)量電路的連接______。

(4)為更準(zhǔn)確測(cè)量該電阻的阻值，可采用圖戊所示的電路，G為靈敏電流計(jì)（量程很?。?，R0為定值電阻，R、R1、R2為滑動(dòng)變阻器。操作過(guò)程如下：①閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)R2，減小R1的阻值，多次操作使得G表的示數(shù)為零，讀出此時(shí)電壓表V和電流表A的示數(shù)U1、I1；②改變滑動(dòng)變阻器R滑片的位置，重復(fù)①過(guò)程，分別記下U2、I2，，Un、In；③描點(diǎn)作出U-I圖象，根據(jù)圖線斜率求出Rx的值。下列說(shuō)法中正確的有________。

A．閉合S前，為保護(hù)G表，R1的滑片應(yīng)移至最右端。

B.調(diào)節(jié)G表的示數(shù)為零時(shí)，R1的滑片應(yīng)位于最左端。

C.G表示數(shù)為零時(shí)，a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差為零。

D.該實(shí)驗(yàn)方法避免了電壓表的分流對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響24、要測(cè)量一電源的電動(dòng)勢(shì)E（小于3V）和內(nèi)阻r（約1Ω），現(xiàn)有下列器材：理想電壓表V（3V和15V兩個(gè)量程）、電阻箱R（0~999.9Ω）、定值電阻R0=3Ω；開關(guān)和導(dǎo)線。某同學(xué)根據(jù)所給器材設(shè)計(jì)如下的實(shí)驗(yàn)電路：

（1）電路中定值電阻R0的作用是__________；

（2）請(qǐng)根據(jù)圖甲電路，在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線連接電路_______；

（3）該同學(xué)調(diào)節(jié)電阻箱阻值R，讀出對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U，得到二組數(shù)據(jù)：R1=2Ω時(shí)，U1=2.37V，R2=4Ω時(shí)，U2=2.51V。由這二組數(shù)可求得電源的電動(dòng)勢(shì)E=_______V，內(nèi)阻r=_______Ω。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）25、在“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；

（1）某同學(xué)的操作步驟為：

a．取一根細(xì)線，下端系住直徑為d的金屬小球；上端固定在鐵架臺(tái)上；

b．用米尺量得細(xì)線長(zhǎng)度l；

c．在擺線偏離豎直方向5°位置釋放小球；

d．用秒表記錄小球完成n次全振動(dòng)的總時(shí)間t，得到周期T＝t/n；

e．用公式計(jì)算重力加速度．

按上述方法得出的重力加速度值與實(shí)際值相比___________（選填“偏大”；“相同”或“偏小”）．

（2）已知單擺在任意擺角θ時(shí)的周期公式可近似為式中T0為擺角趨近于0°時(shí)的周期，a為常數(shù)．為了用圖象法驗(yàn)證該關(guān)系式，需要測(cè)量的物理量有__________________（寫式子中的字母符號(hào)）：__________________

若某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到了如圖所示的圖線，則圖線中的橫軸表示________（寫式子中的字母符號(hào)）．評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共10分)26、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體位于體積為3的容器中，容器被光滑導(dǎo)熱薄活塞分成AB兩室，B室的體積是A室的兩倍，A室容器上連接有一形管（U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)），兩邊水銀柱高度差為B室連接有一閥門K，可與大氣相通。大氣壓強(qiáng)為環(huán)境溫度為求：

（?。┐蜷_閥門K后；穩(wěn)定后A室的氣體體積變?yōu)槎嗌伲?/p>

（?、。┐蜷_閥門K后；為使U形管內(nèi)水銀柱恢復(fù)到初始高度，A室內(nèi)氣體溫度升高到多少。

27、如圖所示，在溫度為17℃的環(huán)境下，一根豎直的輕質(zhì)彈簧支撐著一倒立汽缸的活塞，使汽缸懸空且靜止，此時(shí)倒立汽缸的頂部離地面的高度為已知彈簧原長(zhǎng)勁度系數(shù)氣缸的質(zhì)量活塞的質(zhì)量活塞的橫截面積若大氣壓強(qiáng)且不隨溫度變化。設(shè)活塞與缸壁間無(wú)摩擦，可以在缸內(nèi)自由移動(dòng)，缸壁導(dǎo)熱性良好，使缸內(nèi)氣體的溫度保持與外界大氣溫度相同。（彈簧始終在彈性限度內(nèi)，且不計(jì)汽缸壁及活塞的厚度）

（1）求彈簧的壓縮量；

（2）若環(huán)境溫度緩慢上升到37℃；求此時(shí)倒立汽缸的頂部離地面的高度；

（3）若在第（2）問(wèn)中；密閉氣體內(nèi)能增加10J，則求該過(guò)程中密閉氣體吸收的熱量。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

作出光線在玻璃球體內(nèi)光路圖所示：

A、C是折射點(diǎn)，B反射點(diǎn)，OD平行于入射光線，由幾何知識(shí)得，∠AOD=∠COD=60°，則∠OAB=30°，即折射角r=30°，入射角i=60°，根據(jù)折射定律有：故C正確，ABD錯(cuò)誤。2、C【分析】【分析】

【詳解】

電源的電動(dòng)勢(shì)是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)；與其體積大小無(wú)關(guān)，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤；并非電源的電動(dòng)勢(shì)都是1.5伏，例如蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；不接外電路時(shí)，電源兩極的電壓等于電動(dòng)勢(shì)，選項(xiàng)C正確；故選C.

【點(diǎn)睛】

電動(dòng)勢(shì)是表征電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，由電源本身特性決定．3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．以氣缸和活塞為研究對(duì)象；受到重力和懸線對(duì)其的拉力，根據(jù)平衡條件可知重力和懸線對(duì)其的拉力大小相等，方向相反，所以當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高時(shí)，懸線的拉力不變，故A錯(cuò)誤；

B．由于氣缸的導(dǎo)熱良好；當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高時(shí)，被封閉理想氣體的溫度緩慢升高，所以被封閉理想氣體的內(nèi)能增大，故B正確；

C．以活塞為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件可知

解得被封閉理想氣體的壓強(qiáng)大小

故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高時(shí)；被封閉理想氣體的壓強(qiáng)不變，根據(jù)蓋-呂薩克定律可得被封閉理想氣體的體積增大，氣體對(duì)外界做正功，故D錯(cuò)誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．從到過(guò)程氣體發(fā)生等溫變化；內(nèi)能不變，體積減小，外界對(duì)氣體做功。由熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出熱量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．由知，從到過(guò)程氣體發(fā)生等壓變化；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．從到程中；氣體的溫度不變，則單個(gè)氣體分子碰撞器壁的力不變，壓強(qiáng)減小，則必然是單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)減少造成的，選項(xiàng)C正確；

D．由

得

氣體從外界吸收熱量8kJ；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A、當(dāng)導(dǎo)軌光滑時(shí)，金屬棒克服安培力做功，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，產(chǎn)生的內(nèi)能等于金屬棒的初動(dòng)能；當(dāng)導(dǎo)軌粗糙時(shí)，金屬棒在導(dǎo)軌上滑動(dòng)，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生熱，把部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一方面要克服安培力做功，金屬棒的部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱．可知兩種情況下安培力對(duì)ab棒做功大小不相等．故A錯(cuò)誤；

B；克服安培力做功的大小等于電流做功的大??；所以電流做功不等，故B錯(cuò)誤；

C；導(dǎo)軌粗糙時(shí)；安培力做的功少，導(dǎo)軌光滑時(shí)，安培力做的功多，兩種情況下，產(chǎn)生的內(nèi)能相等，都等于金屬棒的初動(dòng)能，則產(chǎn)生的總熱量相等．故C正確．

D、導(dǎo)軌光滑時(shí)，導(dǎo)體棒的位移s大，導(dǎo)軌粗糙時(shí)，導(dǎo)體棒位移小，感應(yīng)電荷量QB、R、導(dǎo)體棒長(zhǎng)度L相同，s越大，感應(yīng)電荷量越大，因此導(dǎo)軌光滑時(shí)，感應(yīng)電荷量多，故D錯(cuò)誤．6、D【分析】試題分析：由乙圖產(chǎn)生的感應(yīng)電流可知原線圈中的電流應(yīng)該是均勻變化的；故AC錯(cuò)誤；由乙圖知副線圈中的電流沿圖示方向，若原線圈中的電流是正向增大，則副線圈中由楞次定律知電流應(yīng)該與正方向相反，故B錯(cuò)誤D正確．故選D；

考點(diǎn)：楞次定律；法拉第電磁感應(yīng)定律．二、多選題(共6題，共12分)7、A:C【分析】【分析】

由速度圖象得出v與x的關(guān)系式，由安培力公式得到FA與x的關(guān)系式，可知FA與x是線性關(guān)系，即可求出發(fā)生s=1m位移的過(guò)程中安培力做功WA=-x；再根據(jù)動(dòng)能定理求解拉力做功；根據(jù)能量守恒求解整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q．

【詳解】

由速度圖象得：v=2x，金屬棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，則知FA與x是線性關(guān)系。當(dāng)x=0時(shí)，安培力FA1=0；當(dāng)x=1m時(shí)，安培力FA2=0.5N，則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過(guò)程中，安培力做功為：WA=-x=-0.25J；即金屬棒克服安培力做的功為：W1=0.25J，故A正確。金屬棒克服摩擦力做的功為：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B錯(cuò)誤；克服安培力做功等于產(chǎn)生的電熱，克服摩擦力做功等于產(chǎn)生的摩擦熱，則整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝WA+W2=4.25J，選項(xiàng)C正確；根據(jù)動(dòng)能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功為：WF=8.25J。故D錯(cuò)誤。故選AC。

【點(diǎn)睛】

對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解．8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．液體對(duì)固體浸潤(rùn)的情況下；在細(xì)管中液面將上升，A錯(cuò)誤B正確；

C．毛細(xì)現(xiàn)象是指浸潤(rùn)液體在細(xì)管中上升；以及不浸潤(rùn)液體在細(xì)管中下降的現(xiàn)象，C錯(cuò)誤；

D．在液體和毛細(xì)管材料一定的情況下；管越細(xì)毛細(xì)現(xiàn)象越明顯，D正確。

故選BD。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖象b可知，外電阻

故A正確．

B．由圖象a可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，短路電流I短=2A，電源內(nèi)阻

故B錯(cuò)誤．

C．由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，可得電阻兩端的電壓為1.5V，流過(guò)電阻的電流為1A，電源的輸出功率為P=UI=1.5×1W=1.5W

故C錯(cuò)誤；

D．由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，干路電流為1A，電源的總功率為P′=UI=3×1W=3W

則電源的效率

故D正確．

故選AD．10、A:C【分析】【詳解】

A；對(duì)矩形線圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定則可知矩形線圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，故A正確；

B、根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得矩形線圈的電阻故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)平衡條件可得而解得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小故C正確；

D、開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場(chǎng)反向，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向下，相當(dāng)于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊加砝碼，添加質(zhì)量為的砝碼可使天平重新平衡；故D錯(cuò)誤；

故選AC．

【點(diǎn)睛】天平平衡后，僅將磁場(chǎng)反向時(shí)，安培力方向反向，則右邊相當(dāng)于多了或少了兩倍的安培力大?。?1、B:D【分析】【分析】

由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯(lián)接入電路，電容器C1并聯(lián)在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯(lián)電路并聯(lián)；根據(jù)電路電阻的變化；應(yīng)用歐姆定律及串聯(lián)電路特點(diǎn)判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化．

【詳解】

A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變；電容器所帶電量不變，故A錯(cuò)誤；

B、增大R2，整個(gè)電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大；由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；

C、增大R3，整個(gè)電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變??；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加；故C錯(cuò)誤；

D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加；故D正確；

故選BD．12、A:B【分析】【分析】

根據(jù)相對(duì)論原理，沿著飛行方向上，長(zhǎng)度縮短，根據(jù)條紋寬度的公式分析改變?nèi)肷涔饪傻孟噜徃缮鏃l紋間距的變化；

【詳解】

A．在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)條紋寬度的公式可知；若僅將入射光由綠光改為紅光，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，則相鄰干涉條紋間距變寬，故A正確；

B．光纖通信是激光和光導(dǎo)纖維相結(jié)合的產(chǎn)物；利用了激光的頻率單一性的特點(diǎn)，故B正確；

C．全息照片往往用激光來(lái)拍攝；主要是利用了激光的干涉原理，故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)相對(duì)論原理；地面上測(cè)得靜止的直桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，在沿桿方向高速飛行火箭中的人相對(duì)于桿是靜止的，所以測(cè)得長(zhǎng)度不變，故D錯(cuò)誤；

故選AB．

【點(diǎn)睛】

在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，則相鄰干涉條紋間距變寬；光纖通信是激光和光導(dǎo)纖維相結(jié)合的產(chǎn)物；全息照片利用了激光的干涉原理；三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【分析】

本題是線圈的面積不變，磁場(chǎng)在變化，磁通量的變化率再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，再根據(jù)q=It0；從而求解．

【詳解】

磁通量的變化率為：

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

再根據(jù)閉合電路歐姆定律得感應(yīng)電流為：．

電量為：q=It0=

【點(diǎn)睛】

本題是線圈類型，要掌握法拉第定律的幾種不同表達(dá)形式，再結(jié)合閉合電路歐姆定律進(jìn)行求解，并掌握求電量的公式．【解析】14、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應(yīng)方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1915、略

【分析】【分析】

【詳解】

工人能在爐內(nèi)溫度竟達(dá)160℃的環(huán)境中工作幾個(gè)小時(shí)；是因?yàn)樵诟邏籂t內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過(guò)蒸發(fā)來(lái)維持體溫．

【點(diǎn)睛】

高壓爐內(nèi)空氣溫度高，工人容易排汗，溫度越高汗液蒸發(fā)越快，蒸發(fā)吸熱，人體溫度降低．【解析】在高爐內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過(guò)蒸發(fā)來(lái)維持體溫16、略

【分析】【分析】

此題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用；需要知道的是感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值：有效值平均值用計(jì)算；瞬時(shí)值表達(dá)式在求解通過(guò)某截面的電量時(shí)要用平均值.

【詳解】

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值：感應(yīng)電流的最大值：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值：由q=It，可得：．

【點(diǎn)睛】【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律可知，電路的電流為

電源的輸出功率為

[2]電動(dòng)機(jī)的輸出功率為【解析】2.75，1.518、略

【分析】【分析】

振動(dòng)圖像描述的是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在不同時(shí)刻離開平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移.

【詳解】

振動(dòng)圖像描述的是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在不同時(shí)刻離開平衡位置的位移，則圖像b是振動(dòng)圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移(或者相對(duì)平衡位置的位移)．

【點(diǎn)睛】

本題要理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象各自的物理意義；知道振動(dòng)圖像是“照相機(jī)”；波的圖像是“錄像機(jī)”.【解析】b同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移(或者相對(duì)平衡位置的位移)19、略

【分析】【詳解】

由b圖知，在時(shí)刻Q質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，根據(jù)“上下坡法”，知波沿x軸正方向傳播，故A正確，B錯(cuò)誤；由波動(dòng)圖象知，波長(zhǎng)為由振動(dòng)圖象知，振動(dòng)的周期為波傳播的周期與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期相等，則波速為故C正確；從到波傳播的距離為故D錯(cuò)誤；在時(shí)，即經(jīng)過(guò)半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)P在平衡位置下方，加速度的方向沿y軸正方向，故E正確．【解析】ACE;四、作圖題(共3題，共21分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共15分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×倍率，讀數(shù)是14.0×10Ω=