安徽省”皖南八?！奥?lián)盟2024屆物理高二上期中聯(lián)考模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于電容器和電容，下列說法正確的是A．電容器所帶電荷量越多，電容越大 B．電容器兩板間電壓越低，其電容越大C．電容器不帶電時，其電容為零 D．電容器的電容只由它本身的特性決定2、如圖，MN為鋁質(zhì)薄平板，鋁板上方和下方分別有垂直于圖平面的勻強磁場（未畫出）．一帶電粒子從緊貼鋁板上表面的P點垂直于鋁板向上射出，從Q點穿過鋁板后到達PQ的中點O，已知粒子穿越鋁板時，其動能損失一半，速度方向和電荷量不變，不計重力．鋁板上方和下方的磁感應強度大小之比為A．2B．C．1D．3、如圖，一電荷量為的正點電荷位于電場中的點，受到的電場力為。若把該點電荷換為電荷量為的負點電荷，則點的電場強度為（）A．，方向與相反 B．，方向與相反C．，方向與相同 D．，方向與相同4、下列說法正確的是（）A．萬有引力定律是牛頓發(fā)現(xiàn)的B．引力常量是牛頓測出C．開普勒行星運動定律是開普勒通過實驗發(fā)現(xiàn)的D．經(jīng)典力學既適用于宏觀世界，也適用于微觀世界5、如圖直角坐標系xOy的一、三象限內(nèi)有勻強磁場，方向均垂直于坐標平面向里，第一象限內(nèi)的磁感應強度大小為2B，第三象限內(nèi)的磁感應強度大小為B。現(xiàn)將由兩條半徑半徑為和四分之一圓弧組成的導線框OPM繞過O點且垂直坐標平面的軸在紙面內(nèi)以角速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，導線框回路總電阻為R。在線框勻速轉(zhuǎn)動的過程中A．線框中感應電流的方向總是順時針方向 B．圓弧段PM始終不受安培力C．線框中感應電流最大值為 D．線框產(chǎn)生的總熱量為6、下列說法中正確的是（）A．超導體就是材料很好的導體B．超導體就是在低溫時電阻相當小的導體C．超導體就是在低溫時電阻為零的導體D．超導體就是絕緣材料制成的導體二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，空間中存在正交的勻強電場E和勻強磁場B,在豎直平面內(nèi)從點沿方向拋出兩帶電小球（不考慮兩球的相互作用，兩球電荷量始終不變），關(guān)于小球的運動,下列說法正確的是（）A．沿方向拋出的帶電小球都可能做直線運動B．只有沿拋出的帶電小球才可能做直線運動C．若有小球能做直線運動,則它一定做勻速運動D．兩小球在運動過程中機械能均守恒8、為了保護航天員的安全，飛船上使用了降落傘、反推火箭、緩沖座椅三大法寶，在距離地面大約1m時，返回艙的4個反推火箭點火工作，返回艙速度一下子降到了2m/s以內(nèi)，隨后又漸漸降到1m/s，最終安全著陸．把返回艙從離地1m開始減速到完全著陸稱為著地過程，則關(guān)于反推火箭的作用，下列說法正確的是()A．減小著地過程中返回艙和航天員的動量變化B．減小著地過程中返回艙和航天員所受的沖量C．延長著地過程的作用時間D．減小著地過程返回艙和航天員所受的平均沖力9、質(zhì)量為m的小球從桌面上以速度豎直向上拋出，桌面離地高度為h，小球能達到的最大離地高度為H.若以地面作為重力勢能的零參考平面，如圖所示,不計空氣阻力，那么下列說法中正確的是：()A．小球拋出時的機械能為B．小球在最高點的機械能為mgHC．小球在最高點的機械能為D．小球落地時的機械能為mgH10、一負電荷僅受電場力的作用，從電場中的A點運動到B點，在此過程中該電荷做初速度為零的勻加速直線運動，則A、B兩點的場強EA、EB及該電荷在A、B兩點的電勢能εA、εB之間的關(guān)系為（）A．EA=EBB．εA>εBC．EA<EBD．εA=εB三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為10Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，計算結(jié)果由計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的讀數(shù)；若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則①（填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1②（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值，測量值Rx2③（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值．12．（12分）用伏安法測電阻，可采用如圖所示的甲、乙兩種接法．若所用電壓表內(nèi)阻約為5000Ω，電流表內(nèi)阻約為0.5Ω．(1)當測量100Ω左右的電阻時，宜采用________電路．(2)現(xiàn)采用乙電路測量某電阻的阻值時，兩電表的讀數(shù)分別為10V、0.5A，則此電阻的測量值為___Ω，______（大于或者小于）真實值．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m，兩極板間距離d=0.4cm,有一束相同微粒組成的帶電粒子流以相同的初速度從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上。已知微粒質(zhì)量m=1.0×10-6kg，電量q=+1.0×10-8C，電容器電容C=1.0×10-6F，若第一個粒子剛好落到下板中點O處，取g=10m/s1．試求：（1）則帶電粒子入射初速度的大?。唬?）最終落到下極板上的微粒個數(shù)。14．（16分）在某偏僻山區(qū)建設了一個小型水電站，通過升壓變壓器將電能輸送到鎮(zhèn)上．已知發(fā)電機組輸出電壓為400V，輸出功率為l03kW，輸電線的總電阻為1000Ω，鎮(zhèn)上用戶得到的最大功率為900kW，求：（1）升壓變壓器原線圈和副線圈的匝數(shù)之比；（2）用戶端降壓變壓器原線圈兩端的電壓。15．（12分）如圖所示的電路中,電源電動勢,內(nèi)阻,電阻,,,電容器的電容,開始時,開關(guān)S斷開．（1）求電容器上所帶的電荷量？（2）合上S,待電路穩(wěn)定以后流過的電量是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】試題分析：電容器的電容根據(jù)定義可知，這是比值法定義的物理量，電容由電容器自身決定，與電容器電荷量及板間電壓無關(guān)，所以D正確．考點：本題考查電容器的電容，意在考查學生的理解能力．2、D【解題分析】

帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛侖茲力提供向心力，從而求出磁感應強度的表達式．結(jié)合動能，最終得到關(guān)于磁感應強度B與動能Ek的關(guān)系式，從關(guān)系式及題設條件--帶電粒子在穿越鋁板時減半，就能求出上下磁感應強度之比．【題目詳解】由動能公式，帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動洛侖茲力提供向心力得，聯(lián)立可得，上下磁場磁感應強度之比為，D正確．3、C【解題分析】

一電荷量為q的正點電荷位于電場中的A點，受到的電場力為F，則電場強度方向與F相同；電場中某點的場強由電場本身決定，與試探電荷的電量和電性均無關(guān)，則若把該點電荷換為電荷量為2q的負點電荷，則A點的電場強度E不變。故選C。4、A【解題分析】

A．萬有引力定律是牛頓發(fā)現(xiàn)的，A正確；B．萬有引力引力常量是卡文迪許測出的，B錯誤；C．開普勒行星運動定律是開普勒通過第谷的觀測記錄總結(jié)得到的，C錯誤；D．經(jīng)典力學只適用于宏觀低俗物體，不適用于微觀高速物體，D錯誤。故選A。5、D【解題分析】

線框進入磁場過程穿過線框的磁通量增加，線框離開磁場過程穿過線框的磁通量減少，由楞次定律可知，線框進入磁場過程感應電流沿逆時針方向，線框離開磁場過程感應電流沿順時針方向，故A錯誤；圓弧段PM在磁場中時電流流過圓弧段，圓弧段受到安培力作用，故B錯誤；當線框進入或離開第一象限磁場時感應電動勢最大，為：Em=?2Bl2ω=Bl2ω，最大感應電流：Im=，故C錯誤；線框進入或離開第三象限磁場時產(chǎn)生的感應電動勢：E=Bl2ω，在線框勻速轉(zhuǎn)動360°的過程中線框產(chǎn)生的總熱量：，故D正確；故選D?！绢}目點撥】應用楞次定律可以判斷出感應電流方向，求出感應電動勢、應用歐姆定律與電功公式即可解題，應用E=BL2ω求出感應電動勢是解題的前提與關(guān)鍵。6、C【解題分析】一部分導體當溫度接近絕度零度時電阻突然變?yōu)?，這種導體稱為超導體，C對。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

AB．沿ab拋出的帶電小球，根據(jù)左手定則可知，只有小球帶正電，所受的電場力向右，洛倫茲力垂直于ab向上，重力、電場力和洛倫茲力的合力才能為零，才能做直線運動．而沿ac方向拋出的帶電小球，同理可知，小球帶負電時，才能做直線運動，故B錯誤，AC正確．C.假設沿ab方向拋出的帶正電的小球剛開始做變速直線運動，則其所受合力方向與運動方向在同一直線上，物體所受的重力和電場力均不變，而速度改變時洛倫茲力的大小發(fā)生變化，由力的合成可知其合力的方向發(fā)生變化，將不再做直線運動，因此小球只能做勻速直線運動，C正確D．兩球在運動過程中，因電場力做功，導致小球的機械能不守恒，故D錯誤；8、CD【解題分析】

返回艙和航天員在最后1m的著陸過程中用不用反推火箭，它們的初速度相同，末速度是0，故在著陸過程中返回艙和航天員的動量變化是相同的，反推火箭的作用是延長著陸時間，減少動量的變化率，根據(jù)動量定理，合外力的沖量等于動量的變化，由于動量變化相同，延長了著陸時間則減小了著陸過程中返回艙和航天員所受的平均沖擊力．由分析知：在著地過程中返回艙和航天員的動量變化是相同的，故A錯誤；根據(jù)動量定理，在著地過程中返回艙和航天員的動量變化是相同的，故在此過程中所受沖量也是相同的，故B錯誤；反推火箭的主要作用是延長了返回艙和航天員的著地時間，故C正確；根據(jù)動量定理，在著地過程中動量的變化相同，反推火箭延長了著地時間，根據(jù)動量定理可知在著地過程中反推火箭的作用是減小著地過程返回艙和航天員所受的平均沖擊力，D正確．9、ABD【解題分析】若以桌面作為重力勢能的零參考平面，有動能為：，重力勢能為：mgh，此時的機械能為：，故A正確；小球在最高點的動能為零，重力勢能為mgH，所以機械能為mgH，故B正確，C錯誤；小球運動過程中，只受重力，機械能守恒，所以小球落地時的機械能為mgH，故D正確。所以ABD正確，C錯誤。10、AB【解題分析】

因為電荷作初速度為零的勻加速直線運動，由a=qE【題目點撥】本題難度較小，明確加速度與場強的關(guān)系，電場力做正功電勢能減小的規(guī)律是本題所要考查的重點三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①Rx1②大于③小于【解題分析】試題分析：因為，而，故可認為Rx＞＞RA，故應采用圖a電路測量更準確，即Rx1更接近待測電阻的真實值；因為，，U＞UR，I=IR，則，即測量值Rx1大于真實值；因為，，U=UR，I＞IR，則，即測量值Rx2小于真實值；考點：伏安法測電阻．12、甲20偏小【解題分析】試題分析：由于待測電阻滿足，所以電流表應用內(nèi)接法，即應采用甲電路；采用甲電路時，電阻測量值為；考慮電壓表的分流作用，待測電阻的真實值應為，比較可知測量值比真實值偏?。绢}目點撥】本題的關(guān)鍵是明確根據(jù)比較與的大小來選擇內(nèi)外接法，考慮實驗誤差時，只需將電表的內(nèi)阻考慮在內(nèi)，然后再根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律討論即可．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5m/s

（1）600個【解題分析】試題分析：根據(jù)粒子做平拋運動的規(guī)律，運用運動的合成與分解，并依據(jù)運動學公式，即可求解；根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合電場力表達式和運動學公式，即可求解。（1）設粒子打在下極板中點的初速度分別為v0，粒子在電場中做平拋運動偏轉(zhuǎn)位移：水平方向：

聯(lián)立解得：v0=1.5m/s

（1）粒子在電場中做平拋運動，設粒子剛好從邊緣飛出時極板帶電為Q，場強為E，板間電壓為U，由牛頓第二定律得：mg-Eq=ma偏轉(zhuǎn)位移：水平位移：L=v0t

聯(lián)立以上解得：E=1.5×103N/C

則電壓為：U=Ed總的電荷量為：Q=CU解得：Q=6×10-6C

最多能落到下極板粒子的個數(shù)個點睛：本題主要考查了粒子在電場里做類平拋運動，應用運動的合成與分解的方法，理解運